学年第一届安徽百校大联考2023—2024高三物理参考答案.【答案】1 C【解析】飞机在跑道滑行平稳起飞时不会到达跑道尽头才起飞故错误 ,A;飞机不一定是匀加速错误,B;若飞机做非匀加速运动平均速度大于起飞位移小于时间可能等于正确,40m/s,2800m,70s,C;该飞机起飞时空气对其既有向上的升力也有向后的阻力空气的作用力后来会超过重力错误,,,D。.【答案】2 D【解析】脚对球产生弹力是因为脚发生了形变错误 ,A;研究踢任意球技巧时涉及到足球的受力部位等因素不能把足球看成质点错误,,,B;足球做曲线运动则其速度方向为轨迹的切线方向错误,,C;根据物体做曲线运动的条件可知合外力的方向一定指向轨迹的内侧且合外力的方向与速度方向不,,在一条直线上正确,D。.【答案】3 BxAB.【解析】xABtAB.AB中间时刻速度vvAB024 =24cm,=020s,1==t=.m/s=1.2m/s,AB020xBC.xBCtBC.AB中间时刻速度vvBC072=72cm,=040s,2==t=.m/s=1.8m/s,BC040vv..a2-118-1222错误=tt=..m/s=2m/s,A;ABAB01+02+22由ag°μg°得μ.故正确=sin37-cos37,=05,B;xvt1at2得v.故错误BC=BBC+BCB=14m/s,C;2vat得t.ttt.故错误B=OBOB=07s,OA=OB-AB=05s,D。.【答案】4 A【解析】甲乙两车做匀加速直线运动v与x满足v2v2ax-0= 、,2,对于甲车代入点.得甲的初速度为零加速度大小为2,(0,0)、(05,2),,4m/s,同理对于乙车代入特殊点可得乙车初速度为加速度大小为2正确错误,1m/s,3m/s,A,B;x.时甲乙两车速度和位移都相同但是时间不同即它们不是同时达到同一地点的不能相=05m,、,,,遇错误,C;t时xx.xx故错误=1s,甲=2m、乙=25m,甲≠乙,D。.【答案】5 C【解析】木块沿斜面匀速下滑mg°μmg° ,sin30=cos30,用力推木块匀速上滑Fmg°μmg°mg°mg错误,=sin30+cos30=2sin30=,A;由整体法可知,匀速下滑时地面对斜面无摩擦,,高三物理参考答案第页(共页) 16{#{QQABIQCAogCgABBAAAgCAwVgCEGQkAECACoOgFAEsAAAAAFABAA=}#}匀速上滑时地面对斜面摩擦力FF°3mg错误,f2=cos30=,B;2匀速下滑时地面支持力FMmg,N1=(+),匀速上滑时地面支持力FMmgF°M.mg正确,N2=(+)-sin30=(+05),C;匀速下滑时地面对斜面作用力FFMmg,1=N1=(+),2匀速上滑时地面对斜面作用力F[M.mg]23mg错误,2=(+05)+(),D。2.【答案】6 DmgFABFAC【解析】如图 1,°=°θ=°θ,sin120sin(60+)sin(180-)mgF°θθ°F先增大后减小错误AB=°sin(60+),0<<90,AB,A;sin120mgFθθ°F一直增大错误AC=°sin,0<<90,AC,B;sin120此过程中BC边受到的压力为零错误,C;FAB如图°12,F=sin30=,AC2由牛顿第三定律知AB边和AC边所受压力之比也为故正确,1∶2,D。.【答案】7 D【解析】若乘客处于非平衡状态小火车对其作用力不沿竖直方向错误 ,,A;第二三节车厢间弹力为零时加速度ang此时没有牵引力错误、,=,,B;若以ang减速第一节车厢对车头产生大小为nmg方向向前的作用力错误=2,3、,C;以恒定的牵引力加速前进的过程中第三节车厢脱离则整体加速度变大以车头和第一节车厢为研,,,究对象其合力变大故第二节车厢对其向后的拉力变小正确,,,D。.【答案】8 CD【解析】A球落地前两球在竖直方向上均做自由落地运动高度差不变Δh故错误 ,=2m,A;A球落地前两球在水平方向做不同初速度的匀速运动水平距离越来越大竖直距离不变故距离不,,,,断增大错误,B;由h1gt2得AB球在空中的运动时间为t.t.=、1=05s,2=065s,2由xvt可得A球落地时两球的水平位移为xx=0,1=2m,2=1m,高三物理参考答案第页(共页) 26{#{QQABIQCAogCgABBAAAgCAwVgCEGQkAECACoOgFAEsAAAAAFABAA=}#}所以A球落地时两球间的距离为dx2x2Δh2故正确,1=1+2+=3m,C;B球落地时水平位移为x.此时距离为dx2x233故正确3=26m,2=1+3=m,D;5.【答案】9 BC【解析】从图像可知物体速度减为零后反向沿斜面向上运动最终的速度大小为方向沿斜 ,,2m/s,面向上所以没从B点离开从A点离开并且可以推出传送带沿斜面向上运动即逆时针方向转动速,,,,度大小为故错误2m/s,A;Δv速度图像中斜率表示加速度可知物块沿传送带下滑时的加速度a2,=Δt=2m/s,根据牛顿第二定律μmg°mg°ma解得μ73故正确cos30-sin30=,=,B;15速度图像与时间轴围成的面积表示位移由图可知物块在第时回到A点当t时物块的速,,8s,1=3s,度为之后物块沿斜面向上运动所以物块沿斜面向下运动的位移x1传送带向上0,,1=×6×3m=9m,2运动x之后物块向上运动t与传送带共速物块的位移x2传送带2=2×3m=6m,3=1s,3=×1m=1m,2内向上运动x痕迹长xxxxx故正确错误1s4=2×1m=2m,=1+2+4-3=16m,C,D。.【答案】10 CD【解析】若机器人恰好不落地由g2ha1h得ag ,2=211=4,510由ka2v2mgma得vv错误8-=1,=50,A;当棱长为.a和a的面垂直于风向放置时258,ka2v2mgka.av2mg解得v10v错误80=,×8×25×=,=0,B;5当机器人受风面积最小时向下的加速度最大受风最小面积为.a2,25,故由mg.ka2v2ma得向下最大加速度为11g故正确-250=,C;16当受风面积最小时所需风速最大由ka2v2.ka2v2得风速最大值为45v正确,80=25,0,D。5.每空分共分11(2,6)【答案】先用两只弹簧秤钩住绳套互成角度拉橡皮条使之伸长时若两弹簧秤拉力较大且夹 (1),,,角较小时再用一只弹簧秤钩住细绳把橡皮条拉长使结点到达同一点O时此时弹簧秤已超量程,,,言之有理即可()滑轮存在摩擦或每个钩码的质量并不完全相同等言之有理即可(2)①C ②()【解析】实验中只需要三根绳上拉力在同一平面内桌面不水平三个力也可以共面错 (2)①,,,A误;作图示时必须采用同一标度错误,B;用橡皮条也能确定三个力的方向正确,C;改变滑轮的位置及钩码数量再次进行实验时只需要达到新的三力平衡即可结点位置不需要与前,,次实验重合错误,D。高三物理参考答案第页(共页) 36{#{QQABIQCAogCgABBAAAgCAwVgCEGQkAECACoOgFAEsAAAAAFABAA=}#}.每题分共分12(2,8)【答案】 (1)v...之间均可fkMv(2) (3)392(388-396) (4)=0【解析】根据表格数据描点作图舍掉误差较大的点见答案图 (1),,;由图可知随着速度增大气球的加速度越来越小这是因为速度增大气球所受的空气阻力也(2),,,,变大从而使加速度变小,;F浮f由牛顿第二定律可得FMgfMaag浮--=,=M-M-,由图可知加速度a与v为一次函数结合上述分析可知气球所受阻力f与v成正比,,,。F浮fF浮kv由图像结合上述分析可得agg(3)=M-M-=M-M-F浮k根据图中数据可得.2g800m/s=M-M×1m/s-;F浮k.2g260m/s=M-M×4m/s-,解得F.浮=392N;F浮kv由上述分析可得ag(4)=M-M-k即kkkMfkvkMv0=M,=0,==0。.分13(12)【解析】设v100分 (1)1=120km/h=m/s……………………………………………………………13v分2=72km/h=20m/s…………………………………………………………………………………1汽车以最大加速度a减速用时最短为t由运动学公式vvat分0,,2=1-0……………………………1代入数据得t8.分=s≈27s…………………………………………………………………………23为了实现到达合六叶段安全行驶司机至少要提前.刹车分,27s……………………………………1设汽车匀速运动的位移为x(2)1,当汽车到达合六叶段恰好降到最高限速设刹车时的加速度为a,1,高三物理参考答案第页(共页) 46{#{QQABIQCAogCgABBAAAgCAwVgCEGQkAECACoOgFAEsAAAAAFABAA=}#}匀速阶段xvt分1=1=50m………………………………………………………………………………1匀减速阶段v2v2a分1-2=21(100+50-50)………………………………………………………………2解得a322.2分1=m/s≈36m/s………………………………………………………………………29故刹车过程中汽车加速度的最小值为.2分36m/s……………………………………………………1.分14(12)【解析】对点O受力分析如图甲所示 F由平衡条件得FF分1=2=α………………………………………………………………………12cos2再对任一物块受力分析如图乙所示图中选择右边物块进行受力分析(),α物块发生滑动的临界条件是FμFN分2sin=…………………………………………………………12α又FFG分2cos+N=……………………………………………………………………………………12μG联立计算得出F2分=α……………………………………………………………………………2μ+tan2如图丙对A受力分析(2),,αFGF分1cos+=N…………………………………………………………………12αFF分1sin=f……………………………………………………………………12FμFf=NμGF分1=αα………………………………………………………………1μsin-cos22ααμ时即FF分sin-cos→0,→∞,1→∞……………………………………………………………122αμ3分=tan=…………………………………………………………………………………………123μ3未取给分分≥(“=”1)……………………………………………………………………………23高三物理参考答案第页(共页) 56{#{QQABIQCAogCgABBAAAgCAwVgCEGQkAECACoOgFAEsAAAAAFABAA=}#}.分15(16)【解析】拉动木板则Fμmg分 (1),>6………………………………………………………………1物块和木板相对静止Fμmgma且maμmg分,-6=30,0≤………………………………………………2解得拉力F满足的条件为μmgFμmg分6<≤9…………………………………………………………1拉力为F时经时间t木板的左端刚好越过坑此时物块恰好掉下(2)①1,,,对木板Fμmgμmgma1at2d分:1-6-=21,1=2…………………………………………………………22对木块μmgma1at2d分:=,=…………………………………………………………………………22联立可解Fμmg分:1=11…………………………………………………………………………………1拉力为F时经时间t物块从木板上掉下又经时间t运动到坑的左边速度为零②2,1,2,,对木板Fμmgμmgma分:2-6-=22………………………………………………………………………1对物块在地面上减速时μmgma分:2=3………………………………………………………………1由运动学公式得1at21at2d分:21-1=…………………………………………………………………1221at21at2d分1+