昆明一中2023届高三第六次联考化学参考答案78910111213DDACBAB7．【答案】D【解析】碳酸钾与氯化铵可相互促进水解，生成氨气逸出而降低肥效，A项生产活动与原理相对应；铝热反应中铝与铁的氧化物发生置换反应，放出大量热使铁熔融流入缝隙，凝固后达到焊接铁轨的目的，B项对应；远洋海轮船体上镶嵌锌块，锌块发生电化学腐蚀，使船体受到保护，C项对应；将焦炭与氧化钙置于电炉中高温熔炼制备CaC2，同时生成CO，焦炭既是氧化剂，又是还原剂，D项不对应，符合题意。8.【答案】D【解析】L（鲁米诺）属于含氨基的酰肼类化合物，A项错误；氨基氮原子的σ键电子对数为3，孤电子对数为1，VSEPR模型为四面体，氨基中至少有一个氢原子与其它原子不能共平面，B项错误；N酸化后的产物分子结构中有两个羧基，与只含一个羧基的苯丙氨酸不互为同系物，C项错误；N酸化后的产物及L都含有苯环，能发生取代反应和加成反应，D项正确。9．【答案】A【解析】CuO、Cu2S中铜的质量分数均为80%，8g混合物中n(Cu)=8g×80%/64g·mol−1=0.1mol，含铜粒子数目为0.1NA，A项正确；0.1molNa37Cl中含中子数目为3.2NA，5.85gNa37Cl的物质的量为5.85/60≠0.1mol，B项错误；氮氮三键中含一个σ键，则标准状况下，11.2LN2中含σ键数目为1NA×11.2/22.4=0.5NA，C项错误；0.3LpH为2的H3PO4溶液中含氢离子数为0.3L×0.01mol·L−1=0.003mol，由于磷酸部分电离，磷原子数大于氢离子数的三分之一，故磷原子数大于0.001NA，D项错误。10．【答案】C【解析】电解氯化镁溶液时会析出氢氧化镁沉淀，A项错误；小苏打水与烧碱溶液反应生成碳酸根离子和水，B项的离子方程式产物为二氧化碳，违反电荷守恒和且质量守恒，错误；由于硫化铜不溶于稀硫酸，所以硫化氢气体能与硫酸铜溶液反应生成硫化铜沉淀和硫酸（用硫酸铜溶液除去乙炔中混有的硫化氢的原理），C项正确；过量铁粉与稀硝酸反应生成亚铁离子，D项错误。11．【答案】B【解析】原电池中阳离子向正极迁移，故放电时，K+在负极脱嵌，迁移到正极后嵌入，A项叙述正确，不符合题意；放电时，正极的电势逐渐降低（充电时逐渐升高而恢复放电能力），B项叙述错误，符合题意；充电时，阴极发生还原反应，电极反应式为Fe4[Fe(CN)6]3+4K++4e−=K4Fe4[Fe(CN)6]3，C项不符合题意；观察电池反应中各元素的化合价变化，K4Feeq\o\al(=2\*ROMAN\*MERGEFORMATII,4)[Fe=2\*ROMAN\*MERGEFORMATII(CN)6]3+4KCu[Fe=3\*ROMAN\*MERGEFORMATIII(CN)6]eq\o(,\s\up7(放电),\s\do7(充电))Feeq\o\al(=3\*ROMAN\*MERGEFORMATIII,4)[Fe=2\*ROMAN\*MERGEFORMATII(CN)6]3+4K2Cu[Fe=2\*ROMAN\*MERGEFORMATII(CN)6]，可知只有铁元素的价态发生变化，D项不符合题意。12．【答案】A【解析】根据化合物的化学式及相关信息，可推知为NH4H2PO4，则W为氢，X为氮，Y为氧，Z为磷。四种元素中氧（Y）而非氮（X）的电负性最大，A项说法错误，符合题意；硼、硅、砷等非金属的电负性小于氢（W），它们与氢形成共价键时，共用电子对偏向氢，B项叙述正确，不符合题意：NH4H2PO4中X（氮）和Z（磷）的价层电子对数均为4，则轨道杂化类型均为sp3，C项叙述正确，不符合题意；氮（X）、氧（Y）与氢（W）分别可形成H2N—NH2、HO—OH，含非极性共价键，D项叙述正确，不符合题意。13．【答案】B【解析】SO2使KMnO4酸性溶液、溴水等无机物褪色表现还原性，不是表现漂白性，A项不能达到实验目的；浓氨水滴加到生石灰中，生石灰与水反应放热，且增大氢氧根离子浓度，促使氨挥发而快速制备少量氨气，B项能达到实验目的；碘离子遇淀粉溶液不会变蓝，需用氧化剂将碘离子氧化为碘单质，C项不能达到实验目的；比较Ag2CrO4与AgCl的溶解度S(mol·L−1)大小，需要控制变量，即混合溶液中铬酸根离子与氯离子的浓度应相等，D项不能达到实验目的。27.（14分）（1）加成反应（1分）CH3CHO+Br2+H2O→CH3COOH+2HBr（2分）（2）1（1分）2（1分）0.66（2分）3（1分）（若后两空依次答为0.66~0.96、2和3，同样得分）（3）向一定量的X溶液中滴加饱和溴水至橙色不再褪去，若n(X):n(Br2)=1:2，则X为CH2=CHCHO；若n(X):n(Br2)=1:3，则X为HC≡CCHO（2分，合理答案均可）（4）CI3CHO+NaOH→CHI3↓+HCOONa（2分）—CI3是较强的吸电子基，使C—C键产生极性而易断裂，—CI2CH3的吸电子能力减弱，导致α-C与醛基间的键不易断裂（2分，合理答案均可）28.（15分）（1）1s22s22p63s23p63d10或[Ar]3d10（1分）（2）3Cu2Te+6NaOH+4NaClO3=3Na2TeO3+6CuO+4NaCl+3H2O（2分）90min（1分）浸出的Na2TeO3被进一步氧化为不溶于碱溶液的Na2H4TeO6（2分）（3）TeO2（1分）（4）TeCl4+2SOeq\o\al(\s\up1(2−),\s\do1(3))+2H2O=Te↓+2SOeq\o\al(\s\up1(2−),\s\do1(4))+4Cl−+4H+（2分）（5）85.61%（2分）（6）不存在，因为A处碲原子结合B、C处的碲原子后共价键已饱和，且AD核间距较AC大得多，说明AD原子间不存在共价键（2分，合理答案均可）3×128/(445.62×592.1×10−30×6.02×1023×EQ\R(,3)/2)（2分）解析：观察晶体结构图和晶胞投影图（含晶胞外的原子投影如右图），只有晶胞顶点的碲原子投影重叠，晶胞内部碲原子的投影没有重叠的现象，可推导出每个晶胞中碲原子数为2+8×1/8=3。29.（14分，每空2分）（1）πeq\o\al(\s\up1(12),\s\do1(9))QUOTE（2）∆H1+3∆H3-∆H2（3）①催化剂用量增大，影响了催化剂的分散，降低了催化活性温度高于140℃时，催化剂的活性下降，致使产率下降（或温度高于140℃时，放热反应平衡逆移，产率下降）（合理答案均可）②反应时间过长，1,3,5-环己烷三醇逐步转化为1,3-环己烷二醇eq\f((a-b),a)×100%eq\f(c(a+3b)3,b(4b+c-a)3p03)MPa−3（未写单位不扣分）解析：间苯三酚(g)H2(g)1,3,5-环己烷三醇（g）1,3-环己烷二醇（g）H2O(g)n0/mola3a000主反应n变/molc3cc副反应n变/mola-b-c4(a-b-c)a-b-ca-b-cn平/molb4b+c-aca-b-ca-b-c间苯三酚转化了(a-b)mol，转化率为[(a-b)/a]×100%平衡时n总=[b+(4b+c-a)+c+(a-b-c)+(a-b-c)]mol=(a+3b)mol主反应的Kp=[cp0/(a+3b)]/[bp0/(a+3b)][(4b+c-a)p0/(a+3b)]3=c(a+3b)3/[b(4b+c-a)3p03]MPa−330.（15分）（1）（或或CH≡CCH2CH2CN）（2分）硝基（1分）（2）σ键和π键（或σ键和大π键）（2分）d（1分）++HCl（3）还原剂（1分）（2分）取代反应（1分）（4）顺反异构体（1分）F的环状结构中部分共价键的键角小于正常值，具有环张力而不稳定（2分，合理答案均可）（5）（2分）