2023年高三一模物理答案题号1415161718192021答案BDCCABCADCD22．（1）0.530（0.525或0.535均给2分）（2）在误差允许的范围内，合外力对小车（含遮光条）做2gL的功等于小车（含遮光条）动能的变化量（1分）（2分）kd223．【每空2分】（1）2800（或2800.0）（2）E（3）（4）逐渐减小（5）0.150~0.163W24．（12分）解：（1）对小球分析有mg=Eq（2分）mg得E=（2分）q（2）对小球从A点运动到O点分析，洛伦兹力不做功由动能定理，得12(Eq+mg)H=Ek－mv0（2分）212即Ek=mv0+2mgH（2分）2由牛顿第二定律，得Eq+mg=ma（1分）1H=at2（1分）2由洛伦兹力提供向心力2mv0qv0B=R2πR又T=v0故小球水平圆周运动周期为2πmT=（1分）qB因t=T2πmg解得B=（1分）qH25．（20分）解：（1）物块A一直加速到传送带右端，所用时间最短，由动能定理12μ1mgL=mv0（2分）2得v0=4m/s（1分）故传送带速率v应满足：v≥4m/s（1分）（2）①A、B碰撞动量守恒，有mv0=2mv1（2分）得碰撞后C的速度v1=2m/s（1分）因传送带的速率v=5m/s，此后C向左滑上传送带与向右离开传送带的速率相等，最终C停止在水平台面上，由能量守恒定律，有12μ22mgcos37°s=2mv1（1分）2得s=0.5m（1分）设C在斜面上运动时上滑与下滑加速度大小分别为a1、a2，据牛顿第二定律，有2mgsin37°+μ22mgcos37°=2ma12mgsin37°－μ22mgcos37°=2ma222解得a1=10m/sa2=2m/s（2分）C沿斜面运动时有2第一次上滑：v1=2a1x1v1=a1t1v1得t1==0.2sa12第一次下滑：v2=2a2x1v2=a2t1'a212得v2=v1=v1=m/sa155v2t1'=（1分）a2同理可知2第n次上滑：vn=2a1xnvn=a1tnvn得tn=（1分）a12第n次下滑：vn+1=2a2xnvn+1=a2tn'1得vn+1=vn（1分）5vn+1tn'=（1分）a2在斜面上C上滑、下滑的总时间分别为1v11121n-11t上=t1+t2+t3+…+tn=(v1+v2+v3+…+vn)=[1++()+…+()]=sa1a15555－51v21121n1t下=t1'+t2'+t3'+…+tn'=(v2+v3+v4+…+vn+1)=[1++()+…+()]=sa2a25555－15+35即t=t上+t下=s（2分）10②C在传送带上运动时μ12mg=2ma2得a=μ1g=1m/s（1分）相对传送带滑动的总路程为2v22v32v42vn+1l相=v(+++…+)=5(5+1)maaaa故Q=μ12mgl相=(5+1)J（2分）【注：其他合理解答也同样给分】33．[物理——选修3－3]（15分）（1）（5分）BDE（2）（10分）（1）；（2）20�0−????�解：（i）图（b）：p1=p0+ρgd（1分）�0+????�℃图（c）：p2=p0－ρgd（1分）从图（a）到图（b），有p0Sl0=p1Sl1（1分）从图（a）到图（c）过程有p0Sl0=p2Sl1（1分）l1p0－ρgd解得=（2分）l2p0+ρgd（ii）图（c）中的封闭的气体恢复到l0的长度，p0p0－ρgd=（2分）273+27273+t'解得t'=7℃（1分）Δt=t－t'=20℃（1分）34．[物理——选修3－4]（15分）（1）（5分）BDE（2）（10分）解：（i）光路图如图设在B处入射角θ1，折射角θ2，则θ1=45°（1分）根据几何关系，可知32+62R－R22tan(180°－θ1－θ2)==2+3（1分）2R2得θ2=60°（1分）介质的折射率为sinθ2n=（1分）sinθ16即n=（2分）2（ii）反射光a在棱镜中的传播速度为c6v==c（1分）n3反射光a达到C点的时间为2R3Rt1==（1分）vc折射光b传播路程为2Rs=2×2=(23+2)Rcos75°折射光b达到C点的时间为s(23+2)Rt2==（1分）cc(3+2)R故Δt=t2-t1=（1分）c