２０２２－２０２３学年高考前适应性训练考试高三物理 参考答案１．Ｄ【解析】镭在衰变过程中发射出的射线Ｘ是α粒子，根据左手定则可知，射线３带正电，为α射线，Ａ错误；半衰期是统计规律，少量原子核衰变时是随机的，不遵从统计规律，Ｂ错误；Ｒａ的结合能大于Ｒｎ的结合能，Ｒａ的比结合能小于Ｒｎ的比结合能，Ｃ错误，Ｄ正确。２．Ａ【解析】对轻绳犗犘结点犗受力分析，如图所示，根据共点力平衡及几何关系，合力正好平分两个分力的夹角，可得犉＝犉１，对滑轮受力分析得犉２＝犿犵，根据轻绳拉力特点可知，犉１＝犉２，则犉＝犿犵，Ａ正确。当犉与犗犕垂直１时，犉最小为犿犵，Ｂ错误；使犗犘绳以犗点为圆心顺时针２转动，滑轮所受合力一直为零，保证犗点位置不变，物体一直处于平衡态的情况下，细绳犗′犖与竖直方向的夹角不变。ＣＤ不正确。３．Ｄ【解析】弹簧压缩到最短时，犘、犙共速，犿狏０＝２犿狏，弹簧的弹性势能最大，１２１２１２犈犘＝犿狏０－２犿狏＝犿狏０，Ｃ错误，Ｄ正确；弹簧恢复原长时，由动量守恒２２４１２１２１２犿狏０＝犿狏１＋犿狏２，由动能不变，犿狏０＝犿狏１＋犿狏２，经计算可知，犙的速度最大２２２狏犙＝狏，犘的速度最小，狏犘＝０。ＡＢ错误。４．Ｂ【解析】犃→犅过程中，气体压强不变，体积变大，温度升高，气体从外界吸收的热量大于对外做功，选项Ａ错误；犅→犆过程中，气体体积不变，压强减小，温度降低，气体的平均速率减小，单位时间单位面积气体撞击器壁的个数减小，选项Ｂ正确；状态犃和状态犆，气体的温度相同，则气体分子平均动能相同，选项Ｃ错误；根据犠＝狆△犞可知，犃→犅气体对外做的功犠１＝４狆０（４犞０－犞０）＝１２狆０犞０，犅→犆气体体积不变，则犠２＝０，犆→犃气体体积减小，外界对气体做的功犠３＝－狆△犞，其值等于曲线与横轴围成的面积，则气体状态变化的全过程中，气体对外做的功等于该图像围成的面积，选项Ｄ错误。５．Ｃ【解析】篮球上升时，犿犵＋犳＝犿犪１，篮球下降时，犿犵－犳＝犿犪２，经计算可知，１２犪１＞犪２，由犺＝犪狋可知，篮球上升的时间小于下降的时间，Ｃ正确。２６．Ｄ【解析】由题意可知，犃、犆的角速度大小相等，Ａ错误；杆在水平位置时，重力对犅球做功的瞬时功率为零，杆在竖直位置时，犅球的重力方向和速度方向垂直，重力对犅球做功的瞬时功率也为零，但在其他位置时，重力对犅球做功的瞬时功率不为零，因此，重力对犅球做功的瞬时功率先增大后减小，故Ｂ错误；设犅球转动到最低位置时，速度为狏，犃、犅两球的线速度大小相等，同一时刻，犃球的速度大小是犆球速度大小的两倍，对犃、犅、犆三球和杆组成的系统，由机械能守恒定律得π１２１狏２２犿犵犚＝２犿狏＋犿（），解得狏＝π犵犚，故Ｄ正确；犅球的重力势能减少量２２２２３槡１２２为△犈狆减＝２犿犵犚，动能的增加量△犈犽增＝犿狏＝π犿犵犚，由于△犈狆减＞△犈犽增，犅球２９高三物理 第１页书机械能减少，杆对犅球做负功，故Ｃ错误。犾９３７．Ｂ【解析】犗到犃的过程，根据动能定理犿犵＋犠＝犿犵犾－犿犵犾，解得电场力做２８８１３犾９３功犠＝犿犵犾，Ａ错误；同理，犗到犆的过程，根据动能定理犿犵＋犠′＝犿犵犾－４２４８３犿犵犾，解得电场力做功犠′＝犿犵犾，则由犗运动到犅的过程，解得电场力做功８２１犠′＝犿犵犾，可知犃、犅为等势点，犃犅为一条等势线，电场强度的方向垂直犃犅，３４１槡３槡３犿犵犗到犃的过程，犠＝犿犵犾＝狇犈犾，所以犈＝，ＣＤ错误，Ｂ选项正确。４２６狇８．ＡＣ【解析】开关闭合后，电容器充电的过程中，灯泡犃发光，开关闭合且电路稳定时，二极管是导通的，灯泡犃被短路，电容器上极板带负电，下极板带正电，当开关断开，电容器放电，电流由下极板经电路流向上极板，因为电感线圈对电流的阻碍作用，会有电流通过犃灯，犃灯会闪亮一下，然后逐渐熄灭，故ＡＣ正确，Ｂ错误；电容器放电过程中，二极管是导通的，通过Ｌ中的电流发生变化，产生自感电动势，故Ｄ错误。９．ＡＣ【解析】太空电梯各点随地球一起做匀速圆周运动，电梯上各点均处于失重状态，故Ａ正确；同步卫星的周期为犜犪＝犜，当两卫星犪、犫第一次相距最远时，满足２π狋２π狋２犜狋－＝π，解得犜犫＝，故Ｂ错误；太空电梯相对地球静止，各点角速度相犜犪犜犫２狋－犜等，各点线速度狏＝ω犚′与该点离地球球心距离成正比，Ｃ正确，故Ｄ错误。１０．ＢＤ【解析】因犿＝２犕，可知木板最终停在墙壁边，两者的速度都为零，若第一次碰前木板与物块速度相等，设共速时，速度为狏１，则犿狏０＝（犿＋犕）狏１，得狏１＝２ｍ／ｓ，２狏１木板变速运动过程中，犿犵＝犕犪，木板的路程狓１＝＝０．５ｍ，因为狓１＝狓０，故木板μ２犪２狏１碰墙前恰好与木块共速，Ａ选项错误；木板再次向左移动的最大距离狓２＝＝０．５ｍ，２犪Ｂ选项正确；碰后木板与物块动量守恒，再一次速度相等时，有犿狏１－犕狏１＝（犿＋犕）２２狏２１狏２，得狏２＝ｍ／ｓ，第二次碰后木板向左移动的最大距离狓３＝＝×０．５ｍ，再一３２犪９次速度相等时，有犿狏２－犕狏２＝（犿＋犕）狏３，第三次碰后木板向左移动的最大距离为２狏３１２１狓４＝＝（）×０．５ｍ，以此类推木板的总路程为狓总＝０．５ｍ＋２×０．５ｍ＋２××２犪９９１１３０．５ｍ＋２×（）２×０．５ｍ＋…＝（ｍ），Ｃ选项错误，Ｄ选项正确。９８１１．（１）见解析；（２）槡２；（３）能（每空２分）．【解析】（１）光路图如右图所示．（２）由图中几何关系可得高三物理 第２页犘犃１犗犘＝犘犃２＋犗犃２＝２０ｃｍ，则有ｓｉｎ狉＝＝，槡犗犘２ｓｉｎ犻ｓｉｎ４５°解得狉＝３０°，根据折射定律可知，玻璃砖的折射率为狀＝＝＝２．ｓｉｎ狉ｓｉｎ３０°槡（３）由图可知，光束在犗点的入射角为θ＝９０°－狉＝６０°，设光束在犗点发生全反射的１槡２临界角为犆，则有ｓｉｎ犆＝＝，可得犆＝４５°＜θ＝６０°，光束在犗点发生全反射．狀２犝２１２．（１）见解析；（２）１．０００ｍｍ；（３）（－１）犚；犝１为电压表Ｖ１的示数，犝２为电压表犝１２Ｖ２的示数，犚为电阻箱的读数；（５）１．０２×１０（每空２分）．【解析】（１）；（２）螺旋测微器读数１．０００ｍｍ；犝１犝２－犝１犝２（３）通过铜线的电流为犐狓＝犐犚＝，犚狓＝＝（－１）犚．犚犐狓犝１（５）改变电阻箱的阻值犚，记下多组犚、犝１、犝２的示数，每一组数据都满足上式，犝２１犝２１整理可得＝犚狓＋１，易知－图像的斜率为犚狓的阻值，犝１犚犝１犚７．５－１．００犔犱２犚狓＝犽＝Ω＝２．６０Ω，由电阻定律知，犚狓＝，犛＝π（），２．５０ρ犛２２犚狓犛犚狓π犱则犔＝＝＝１．０２×１０２ｍ．ρ４ρ１３．３．６ｓ；５ｍ／ｓ．【解析】犕质点的振动方程为狔＝１０ｓｉｎ（ω狋＋α）（２分），将点（０，５）和（３．３，０）代入５ππ解得狔犕＝１０ｓｉｎ（狋＋）（ｃｍ）（１分），同理可得犖质点的振动方程为９６５ππ狔犖＝１０ｓｉｎ（狋－）（ｃｍ）（１分），因为简谐波沿水平向右传播，则９６π３１犱＝（狀＋）λ＝（狀＋）λ，狀＝０，１，２，３，……（２分），当狀＝０时，λ＝１８ｍ，波的２π６２π２πλ１８周期为犜＝＝ｓ＝３．６ｓ（２分），波的速度为狏＝＝ｍ／ｓ＝５ｍ／ｓ（２分）．ω５犜３．６π９１４．（１）３０ｍ／ｓ；（２）１０ｍ／ｓ；（３）２５７．５Ｊ．【解析】（１）由于犜－（犿＋犿０）犵＝（犿＋犿０）犪（２分），犘根据上述有犘＝犜狏１（２分），则有狏１＝＝３０ｍ／ｓ（１分）．（犿＋犿０）（犪＋犵）（２）水斗由静止下落的过程中，水桶和卷筒组成的系统机械能守恒，１２２犿０犵（犎－犱）则有犿０犵（犎－犱）＝（犿０＋犕）狏（２分），解得狏＝＝１０ｍ／ｓ（１分）．２槡犿０＋犕高三物理 第３页（３）设水桶在水中受到的浮力为犉浮，桶口运动到井口的过程中，由动能定理得犉浮犠－（犿＋犿０）犵犎＋犱＝０（２分），犉浮＝犿犵（１分），解得２犿犵犠＝（犿＋犿０）犵犎－犱＝２５７．５Ｊ（２分）．２狀２犅２犔２槡２犵犎狀犅犔犎１５．（１）犪＝－犵；（２）狇＝，犙＝２犿犵犎．２犚犿２犚２【解析】（１）滑块刚接触地面时，轨道的速度狏０＝２犵犎（２分），狏０＝槡２犵犎（２分），犪犫边产生电动势犈＝狀犅犔槡２犵犎（２分），犪犫边受到的安培力犈狀２犅２犔２槡２犵犎犉犪犫＝狀犅犐犔＝狀犅犔＝（２分），对轨道由牛顿第二定律２犚２犚狀２犅２犔２槡２犵犎犉′犪犫－犿犵＝犿犪（２分），解得犪＝－犵（１分）．２犚犿１２（２）根据能量守恒可知，产热犙＝犿狏０＋犿犵犎＝２犿犵犎（２分），通过截面电量２△狀犅犔犎狇＝狀φ＝（２分）．２犚２犚高三物理 第４页