辽宁学年度高考适应性测试２０２２－２０２３物理参考答案及评分意见．【解析】汤姆孙发现了电子并利用电磁场测量出了电子的比荷正确原子从低能级跃迁到高能级时需要吸收一定频率的光１A ,,A;,子错误由质量数守恒和电荷数守恒得mn解得mn所以代表的是４即粒子故该过程,B;２３８＝２３４＋,９２＝９０＋,＝４,＝２,X２He,α,为衰变错误半衰期与温度无关错误α,C;,D.vy．【解析】由图乙可知被救人员沿水平方向的位移xvxt图丙可知在竖直方向的位移yt６２B ,＝＝３×４m＝１２m,,＝＝×４m＝２２则被救人员的位移sx２y２正确１２m,＝＋＝１２２m,B.．【解析】由同侧法可知t时刻质点P沿y轴负方向运动错误根据题意可知tn３Tn３C ,＝０,A;Δ＝(＋)＝０ư３s(＝０,１,２,３,ƺ),４解得T１ư２n由于T．可知n周期为错误由公式f１可得波的频率为f１＝ns(＝０,１,２,３,ƺ),＞０３s,,＝０,０ư４s,B;＝T,＝Hz＝４＋３０ư４λ正确由图可知该波的波长为由公式v可得波的传播速度为错误２ư５Hz,C;,２４m,＝T,６０m/s,D.mg．【解析】受力分析如图所示可知FFmgθ正确４B ,１＝θ,２＝tan,B.cos．【解析】根据左手定则可知粒子a带正电粒子b带负电错误带电粒子在磁场中做匀速圆周运动粒子a的路程大根据５C ,,,A;,,sv２BqRt可知粒子a在磁场中运动的时间长错误洛伦兹力提供向心力根据牛顿第二定律有qvBm则m粒子a的＝v,,B;,＝R,＝v,qvB轨迹半径小则粒子a的质量小根据牛顿第二定律有qvBma解得a则粒子a在磁场中的加速度大正确根据p,,＝,＝m,,C;＝mv可知粒子a在磁场中的动量小错误,,D.．【解析】根据光路图知太阳光进入水珠时a光的偏折程度小则a光的折射率小于b光的折射率a光的频率也小光子的能量６C ,,,,cEhν所以a光的光子能量较小错误根据v可知在水中a光的传播速度大于b光的传播速度正确因a光的频＝,,A、B;＝n,,C;L率小波长大可知a光的波长大于b光的波长根据干涉条纹的间距公式xλ可知a光干涉条纹的间距大于b光干涉条纹,,,Δ＝d,的间距错误,D.．【解析】尘埃带负电向集尘极偏转可知集尘极带正电放电极带负电故电场线由集尘极指向放电极沿电场线方向电势降低７C ,,,,,,故A点电势低于B点电势错误该尘埃颗粒在迁移过程中电场力先做负功后做正功故该尘埃颗粒在迁移过程中动能先减小,A;,后增大电势能先增大后减小错误正确由牛顿第二定律可得qEmaA点电场线较密电场强度较大故该尘埃颗粒在A,,B,C;＝,,,点的加速度较大错误,D.．【解析】根据开普勒第二定律可知飞船在轨道上N点的速度比M点的速度大正确飞船在M点向高轨道变轨需要８ABD ,Ⅰ,A;,r３点火加速正确根据开普勒第三定律k可知飞船沿轨道运行的时间t小于t错误进入核心舱后航天员做匀速,B;T２＝,Ⅰ、Ⅱ１２,C;,GMMm２圆周运动其向心加速度为a又Gmg依题意有rR联立解得a１６g正确,n＝r２,R２＝,,＝６８００km,＝６４００km,n＝(),D.１７．【解析】ab杆向右运动切割磁感线产生电动势cd杆向下运动不切割磁感线由右手定则可知回路中感应电流方向为abdca９AC ,;,,BLvcd杆电流从d到c正确感应电流大小I１导体棒ab受到水平向左的安培力导体棒cd运动时受到向右的安培力安,A;＝R,,,,２B２L２vB２L２v培力大小均为F安BIL１错误由导体棒ab受力平衡得BILμmgF解得Fμmg１正确cd受到的＝＝R,B;＋＝,＝＋R,C;２２mgR摩擦力和重力平衡由平衡条件得μBILmg解得μ２错误,＝,＝B２L２v,D.１物理答案第页共页 １(３)．【解析】根据题意可知小球B与小球A发生弹性碰撞设碰撞后小球B的速度为v小球A的速度为v取向左为正方向１０BC ,,２,１,,根据动量守恒定律和能量守恒定律有mvmvmv１mv２１mv２１mv２解得v２vv１v由于碰后０＝２１＋２,０＝Ű２１＋２,１＝０,２＝－０.２２２３３小球A在半圆形轨道运动时不脱离轨道则小球A可能未通过与圆心的等高点或通过圆弧最高点若小球A恰好到达圆心的等,.高点由能量守恒定律有１mv２mgR解得vgR则v３gR若小球恰好通过圆弧最高点由能量守恒定律有,Ű２１＝２,１＝２,０＝２;,２２v２１mv２mgR１mv２由牛顿第二定律有mgm解得vgR则v３gR则碰后小球A在半圆Ű２１＝２Ű２＋Ű２,２＝２R,１＝５,０＝５,２２２形轨道运动时不脱离轨道小球B的初速度v取值范围为v３gR或v３gR正确,００≤２０≥５,BC.２２d２d２．分B分两光电门间的距离x分mgx１Mm１Mm分１１(１)３ư７００(１) (２)(１) (３)(２) (４)＝(＋)(t)－(＋)(t)(２)２Δ２２Δ１【解析】螺旋测微器的读数为d(１)＝３ư５mm＋０ư０１mm×２０ư０＝３ư７００mm;如果tt说明滑块做加速运动即B端较高(２)Δ１＞Δ２,,;要验证机械能守恒还需要测得滑块从光电门运动到光电门的过程中钩码下降的高度这个高度等于光电门到光电门(３),１２,１２的距离x;d２如果滑块及钩码组成的系统机械能守恒则钩码减少的重力势能应等于系统增加的动能即mgx１Mm(４),,＝(＋)(t)－２Δ２d２１Mm(＋)(t).２Δ１IIRIr．分分变阻器的阻值R分(１－２)分IrIggR分１２(１)D(１) E(１) (２)２(２) I(２) (３)gg＋(gR)２(２)２＋１E【解析】在该实验中闭合开关当微安表偏转到满刻度时电路中总电阻R总９则变阻器可(１),S,G１,＝I＝－６Ω＝３０kΩ,１g１３００×１０选择阻值较大的变阻器必须要用电阻箱故选D;２,E.IIR实验时除了微安表的示数I和微安表的示数I还需要记录的数据是变阻器的阻值R则r(１－２)(),１１２,,gI.２GG２＝２Ir当接线柱接入电路时电流表与R并联后再与R串联根据串并联电路规律可知干路电流IIgg改装后电压()、,１２,,gR,３１３G＝＋１Ir表的量程UIrIRIrIggR＝gg＋２＝gg＋(gR)２.＋１pVV．０(＋０)不合格()V()１３１０ ２【解析】缓慢推动活塞将容器内所有气体推入香水瓶(１),根据玻意耳定律有pVVpV分０(＋０)＝０(３)pVV解得p０(＋０)分V()＝０２pVpV由题意及理想气体状态方程可得００１ư２０１分(２)T＝T(２)０１ư２５０V解得０分V()１＝９６％２即其漏气量为该香水瓶封装不合格分４％,(１)．v１４(１)４０N (２)≥２m/s (３)３１J【解析】小物块从静止摆到最低点过程中根据机械能守恒定律有mgLα１mv２B分(１),(１－sin)＝(２)２解得vB＝２m/sv２B小物块在B点时根据向心力公式有Fmgm分,－＝L(２)联立解得F＝４０N根据牛顿第三定律刚到最低点细线达到其最大承受力F′分,＝４０N(１)物理答案第页共页 ２(３)vy由于小物块恰好沿斜面方向落到光滑斜面上即小物块落到斜面顶端时速度方向沿斜面方向则θ分(),,v()２tan＝０１Hh１gt２分－＝(１)２vygt分＝(１)联立以上各式得v则传送带速度大于等于分０＝２m/s,２m/s(１)小物块在斜面顶端速度vv２vy２分(３)＝０＋(１)小物块从顶端到弹簧压缩最短由机械能守恒可知弹簧最大的弹性势能Emgxθ１mv２分,,p＝sin＋(１)２解得E分p＝３１J(１)mv２mvnln．０２０π(２＋π)n１５(１)ql (２)ql (３)(＝１,２,３,ƺ)２【解析】粒子在电场中运动时有lvt分(１),＝０(１)１l１at２分＝(１)２２Eq由牛顿第二定律Eqma分或１l１t２分＝(２)[＝m(３)]２２mv２得E０分＝ql(１)在N点设粒子速度v的方向与x轴间的夹角为θ沿y轴负方向的速度为vy(２),,vyθ分v()tan＝０１vyat分＝(１)vlv０分或Eq１mv２１mv２分vvθ分＝θ(１)[Ű＝－０(２) ０＝cos(１)]cos２２２粒子轨迹如图所示.ONl粒子做圆周运动轨迹的半径R２分＝θ＝θ(１)sin２sinmv２由牛顿第二定律qvB分＝R(２)mv得B２０分＝ql(１)将粒子在O点的速度分解vxvθvyvθ分(３)＝cos,＝sin(２)因同时存在电场磁场粒子以vy在磁场中做匀速圆周运动同时粒子以初速度vxv沿x轴正方向做匀加速运动粒子离开O、,,＝０,后每转一周到达一次x轴第n次到达x轴时粒子运动的时间tnT分,,,＝(１)mT２π分＝qB(１)svt１at２分＝０＋(１)２nln得sπ(２＋π)n分＝(＝１,２,３,ƺ)(１)２物理答案第页共页 ３(３)