山东省2023年普通高中学业水平等级考试（模拟卷）物理参考答案及评分意见一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.C2.C3.D4.A5.B6.A7.D8.B二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.AC10.AD11.BC12.BD三、非选择题：本题共6小题，共60分。．（分）⑴匀速直线（分）；（分）⑵gL（分）⑶（分）13611.221yvt24.122014．（8分）⑴①最上端；2.00（每空1分）②G；E（每空1分）⑵4.20；1.90（每空2分）15.（7分）解：⑴从A端最下方入射的光线发生全反射时其他光线能发生全反射根据几何关系得sinR…………………………①（1分）Rd设全反射临界角为C，则要使A端垂直入射的光线全部从B端射出，必须有θ≥C根据公式sinC1…………………………………………②（1分）n因此有sinsinC，即有R1……………………③（1分）Rdnd解得R≥d==（2+1）dn—12—1所以R的最小值为(2+1)d………………………………④（1分）θA⑵在⑴问的情况下，θ=45°，R=(2+1)d，如图所示，光在光纤内传播的总路程为s=6R………………………⑤（1分）OBc2光在光纤内传播的速度为v=c……………………⑥（1分）n2所以所求时间为t=s62R6(22)d………………⑦（1分）vcc16．（9分）解：⑴竖直方向上有h1gt2………………………………………①（1分）2将h=0.8m带入可得t=0.4s…………………………………………②（1分）高三物理第1页（共4页）学科网（北京）股份有限公司⑵对质量为2.0×10-5kg的谷粒，从H漏出恰好经B点水平方向有x1at2…………………………………………③（1分）12设风力大小为F，由牛顿第二定律F=ma………………………………④（1分）代入数据，解得F=1.5×10-4N………………………………………⑤（1分）-5⑶对质量等于1.2×10kg的瘪粒，恰好落到A2点，设A2B宽度为x2，则有xx1at2……………………………………………………⑥（分）12201F=m0a0…………………………………………………………⑦（1分）代入数据，联立可解得x2=0.4m………………………………………⑧（2分）高三物理第2页（共4页）学科网（北京）股份有限公司17．（14分）解：⑴小球从P点到O点的过程由运动的合成与分解竖直方向有h1gt2………………………………………………………①（1分）2qE2水平方向有h1t……………………………………………………②（1分）22mmg解得E………………………………………………………③（1分）2q⑵在y>0区域内，竖直方向有2qE=mg……………………………④（1分）所以小球在竖直方向受力平衡，小球沿y轴正方向做匀速直线运动，在平行于xOz平面内做匀速圆周运动……………………………………………………………………⑤2小球在O点时z轴方向的速度vz=2gh……………………………………⑥（1分）2qE在y轴正方向的速度y=2h………………………………………⑦（1分）vmv2z由洛伦兹力提供向心力有qzB=m…………………………………⑧（1分）vR小球做圆周运动的周期2R2m………………………………⑨（分）T=v1zqB小球沿轴正方向运动有L……………………………………………⑩分yt=v(1)y由题意有t=nT(n=1，2，3...)……………………………………⑪(1分)nm2gh解得B=(n=1，2，3...)………………………………⑫(1分)qLm2gh⑶由第⑵可知当n=1时，磁感应强度最小，即B=………………⑬（1分）qLmv此时小球在xOz平面内做匀速圆周运动的半径R=z……………………⑭qB当小球离y轴最远时，它到y轴的距离dy=2R…………………………⑮(1分)2此时它到原点的距离d=Ld2L41…………………………⑯(1分)2y2418．（16分）解：⑴设A的加速度大小为a1，对A由牛顿第二定律可得μmg=ma1……………………………………………………①（1分）2解得a1=2.5m/s方向向左高三物理第3页（共4页）学科网（北京）股份有限公司设B的加速度大小为a2，对B由牛顿第二定律可得μmg=ma2…………………………………………………②2解得a2=2.5m/s方向向右A做加速运动v=a1t1………………………………………………………③（1分）B做减速运动v=v0－a2t1……………………………………………………④（1分）解得v=1m/st1=0.4sA做加速位移x1at2…………………………………………………⑤（1分）1211解得x1=0.2m由于x1＜l，则之后A做匀速运动l－x1=vt2……………………………⑥（1分）解得t2=0.1s则t=t1+t2=0.5s………………………………………………………⑦（1分）⑵做减速运动，位移xvt1at2…………………………………⑧（分）B2012211解得x2=0.6m相对滑动∆x=x2－x1=0.4m……………………………………………⑨（1分）撞挡板后A滑板原速率反弹，A、B系统由动量守恒mv－mv=2mv′………………………………………………⑩（1分）v′=0、停止运动碰后由能量守恒12……………………⑪（分）AB,2×2mv=μmg∆x′1解得∆x′=0.4m小物块B恰好未从滑板左端掉下，板长d=∆x+∆x′=0.8m………………⑫（1分）⑶若仅改变B的初速度A碰挡板前，A、B系统由动量守恒mv0=2mv1………………………⑬（1分）A碰挡板后mv1－mv1=2mv2……………………………………………⑭（1分）解得v2=0整个过程中，、系统由能量守恒12……………………⑮（分）AB2mv0=μmgx1高三物理第4页（共4页）学科网（北京）股份有限公司2A碰挡板后，挡板向右位移v1=2a1x3…………………………………⑯（1分）B物体一直向左运动，最后静止时离挡板最近xmin=x3＋d－x2解得xmin=0.8－0.15v0,0＜v0≤2m/s……………………………（17）（1分）高三物理第5页（共4页）学科网（北京）股份有限公司高三物理第6页（共4页）学科网（北京）股份有限公司