中学生标准学术能力诊断性测试2023年11月测试理科综合试卷物理参考答案二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1415161718192021BBCACBDABDBC三、非选择题：共62分。22．（6分）答案：（1）4.8（2分）1Rr（2）RA（2分）EE1（3）9.1（答9.0或9.2均可给分）（2分）23．（9分）答案：（2）保持静止（1分）（3）1.125（2分）（6）0.103（2分）0.100—0.102（2分，区间内均可给分）（7）1—3（2分，区间内均可给分）注：按照数格子的原则，不足半格舍去，有半格以上算一格。合理的格子数在50~51格。24．（10分）解析：（1）第一次抽气过程中手对活塞拉力有最大值时活塞位于最上端对活塞受力分析，设手对活塞拉力为F，此刻气缸内气体压强为P1FPS10PS①（2分）抽气过程缓慢进行且气体温度稳定保持不变，据玻意耳定律PVVPV1055②（2分）第1页共4页{#{QQABQYYUgggIABAAAQhCQwWACAGQkBGCCAoGxAAMoAABARNABAA=}#}5PP③（1分）1061FPS④（1分）60（2）设第二次抽气后容器中剩余气体的压强为P2据玻意耳定律PVVPV2155⑤（1分）PVVPV6555⑥（1分）65PP60⑦（2分）665即抽气6次后容器中剩余气体的压强为P0625．（17分）解析：U0（1）0~t0时间内甲处于静止状态，由二力平衡得：mgq①（1分）甲甲dt0~2t0时间内电场消失，甲做自由落体运动1xgt2②（1分）102v10gt③（1分）取竖直向下为正方向，2t0~3t0内，由牛顿第二定律得2Umgq0ma④（1分）甲甲d甲11xvtat2⑤（1分）2102102d2(x1x2)2gt0⑥（1分）（2）0~t0乙处于加速运动状态，由牛顿第二定律得Umgq0ma⑦（1分）乙乙d乙3qqk甲，1.5k乙m甲m乙1解得：ag，即乙先由静止开始向上加速32第2页共4页{#{QQABQYYUgggIABAAAQhCQwWACAGQkBGCCAoGxAAMoAABARNABAA=}#}11xat22gt⑧（1分）3243001vatgt⑨（1分）33020t0~2t0电场消失，乙的加速度为ag41xvtgt20⑩（1分）430201vvgtgt⑪（1分）43020121故2t0时乙位于O上方gt处且速度大小为gt方向向下40202t0~(32)t0内由牛顿第二定律得2Umgq0ma⑫（1分）乙乙d乙5解得：ag522v4d当乙的速度减为0时，xx53＜，故乙未到达下极板22a5假设在2t0~(32)t0内，t时刻乙能够到达上极板d12x=vt22tatt⑬（2分）2340250913解得：tt⑭（2分）40913由于tt＜(32)，故假设成立，即液滴乙在tt时到达上极板⑮（1分）04026．（20分）解析：（1）滑块D恰能沿轨道运动至O1点，通过最高点Q时，由重力提供向心力v2mgm①（1分）DDR设滑块D运动至O1点时，速度为v0，由动能定理可得11mgRmv22mv②（1分）DDD220从O1点运动至M点的过程中，滑块D做平抛运动水平方向：xv0t③（1分）1竖直方向：ygt2④（1分）2由勾股定理可得：x2y2R2⑤（1分）第3页共4页{#{QQABQYYUgggIABAAAQhCQwWACAGQkBGCCAoGxAAMoAABARNABAA=}#}M点离水平面的高度hRy⑥（1分）410解得hm⑦（1分）10（2）当滑块A下降的高度为h，刚性轻杆与竖直方向的夹角为时，滑块B与滑块C的速度达到最大，此后滑块B减速，二者分离。设此时滑块A的速度大小为v1，滑块B、C的速度大小为v2，它们沿刚性轻杆方向的分速度相等，即vv12cossin⑧（1分）11滑块A、B、C组成的系统机械能守恒mghmv22()mmv⑨（1分）AABC2212L22()Hh由几何关系可得：tan⑩（1分）Hh2gh(Hh)2解得v⑪（1分）（用cosα作自变量表达也可同样求出极值，同2L2样得分。）H当2hHh时，即h时，v2最大⑫（1分）31对滑块A，由动能定理得mghWmv20⑬（1分）AA21解得：W5J⑭（1分）（3）对滑块C、D组成的系统，从刚开始相互作用到滑块D脱离弹簧的过程中由动量守恒定律可得：mCCDv2mv3mv4⑮（1分）111由能量守恒定律可得：mv2mv2mv2⑯（1分）2CCD22324滑块D从P点运动到Q点，由动能定理可得11mg2Rmv22mv⑰（1分）DDD224解得：mD1.5kg当滑块C与滑块D速度相等时，弹簧的弹性势能最大由动量守恒定律可得：mCCDv25()mmv⑱（1分）11由能量守恒定律可得：Emv22()mmv⑲（1分）P22CCD25解得：EP1.875J⑳（1分）第4页共4页{#{QQABQYYUgggIABAAAQhCQwWACAGQkBGCCAoGxAAMoAABARNABAA=}#}