山东新高考联合质量测评10月联考高三物理参考答案及评分标准1.D2.C无人机在空中沿水平直线向右做匀减速运动，在时间∆t内水平方向位移变化量a∆t2，竖直方向做自由落体运动，在时间∆t内竖直方向位移变化量g∆t2，说明水平方向位移变化量与竖直方向位移变化量比值一定，则连线的倾角就是一定的。3.C同一点，万有引力不变，飞船加速度不变，A错误；由开普勒第二定律可知v1：v2=r2：푇푇32휋ⅡⅡ푟1+푟2r1；α=π−·=()2,C正确；D不确定。푇Ⅲ2푇Ⅲ2푟2푣人4.D由关联速度可得：푣=，角度增大，船速变大，A、B错误；由牛顿第二定律可知，船푐표푠휃2fcosθ−f=ma,角度增大，船加速度先减小后增大，选D。5.B4퐹=푚푔푠????푛53°=푚푔푦5퐹푥−푓−푚푔푐표푠53°=푚푎4퐹=푚푔푥54F=√퐹2+퐹2=√2푚푔푥푦56.D摩擦力做功大小与F方向有关，A错误；运动情况变化相同，合外力做功情况相同，B错误；푊퐹=(푚푔푠????푛휃+휇푚푔푐표푠휃)푥+퐸푘,C错误；当f=0时F做功最小，D正确。7.【答案】C【解析】由题意知第3s与第4内质点速度之比为4:5，根据匀变速直线运动的推论知，第末与第末的瞬时速度之比，则有v2.5v02.5a4，得；又2.53.5va01.5v3.5v03.5a5xv1v5.5a7m，联立得v1.5m/s，a1m/s2第4与第5的位65.500，A、B错误；vv3.5a5移之比即3.5末与第4.5末的瞬时速度之比3.50根据vvatvv4.5a60，4.50，C正确，푣=5.5m/s得，D错误。8.B퐹−푓−휇푚푔=(푀+푚)푎1{#{QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=}#}2푎1=1푚⁄푠对m分析：퐹푇−휇푚푔=푚푎1퐹푇=5푁푣1=푎푡푣1=4푚⁄푠휇푚푔=푚푎22푎2=4푚⁄푠푡2=1푠对M分析：퐹−푓=푀푎32푎3=3.5푚⁄푠푣2=푣1+푎3푡2푣2=7.5푚⁄푠푣219.AD对甲分析：x=,由图像得푎=0.5푚⁄푠2,初位置在-2m处，两秒内的位移푥=푎푡2=2푎121푚，A正确，B错误由图像面积可得푣2=3푎푥D正确10.BC3mg=kx1上升到最大高度时v=0由能量守恒定律得：1ℎ푘푥2=푚푔ℎ+휇푚푔푐표푠휃21푠????푛휃27푚푔h=10푘当k푥2=휇푚푔푐표푠휃+푚푔푠????푛휃时动能最大由能量守恒定律得：11푘푥2=푚푔푠????푛휃(푥−푥)+휇푚푔푐표푠휃(푥−푥)+퐸+푘푥2211212푘푚222푚2푔2퐸=푘푚푘11.AC对C点分析：2푚푣푐mg=푅푣푐=√푔푅对C到A过程分析12R=gt22x=vct{#{QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=}#}x=2R对B到C过程分析11−mg2R=mv2−mv22c2B对A到B过程分析：1퐹푥=푚푣2퐴퐵2퐵5F=푚푔4푣퐴푦=√2푔2푅푃퐺=푚푔푣퐴푦=2푚푔√푔푅在B点对滑块分析：푚푣2퐹−푚푔=퐵푁푅퐹푁=6푚푔12.ACD对A到C分析：1mg√3Rsin30°+F√3R=E−mv2kc203√31E=mgR+mv2kc220对A到B过程分析：1F2Rcos30°=E−mv2kB201E=√3mgR+mv2kB2013.（每空2分）（1）平抛运动的竖直分运动是自由落体运动（2）2.02.1乙同学；水平距离测量值比真实值多一个小球半径2211dd1mgLMmF14.（每空2分）（1）C（2）0C（3）22tt8g15．【解析】（1）设物体的初速度v0，加速度a，有12AC段，xACv0t1at1①2............................................12AB段，xABv0()()t1t2at1t2②2....................................得a2m/s2......................................................③④v01m/s.........................................................{#{QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=}#}（2）AB位移中点在C点右侧3m处，设为D点，AD间距离15m，22则有vDADvax02................................................⑤得vD61m/s⑥根据vcvAaCt0...................................................得vC7m/s物体通过AB中点时的瞬时速度与通过C点瞬时速度的差值(617)m/s.....⑦每式1分,共7分16解：（1）对A分析：퐹−휇푀푔푐표푠휃−푀푔푠????푛휃=푀푎퐴.................................................................................①2푎퐴=2푚⁄푠对B分析：휇푀푔푐표푠휃−푚푔푠????푛휃=푚푎퐵...............................................................................................②5푎=푚⁄푠2퐵411푎푡2−푎푡2=퐿...............................................................................................................③2퐴12퐵1解得푡1=1푠.................................................................................................................................④（2）5푣=푎푡=푚⁄푠...............................................................................................................⑤퐵퐵14푣5푥=퐵푡=푚....................................................................................................................⑥1218AB分离后对B分析：2푎2=푔푠????푛휃=5푚⁄푠..........................................................................................................⑦1−푥=푣푡−푎푡2...........................................................................................................⑧1퐵2222解得1+√5푡=푠245+5푡=푡+푡=√푠......................................................................................................⑨124每式1分共9分17.解：（1）a点到斜面的垂直距离为y=hcos370=2m...................................①02垂直斜面的加速度gy=gcos37=8m/s.方向垂直于斜面向下...............②12垂直斜面向上抛出时时间最长：-y=v0t-gyt.....................................③121{#{QQABDQSEogAAABAAAAgCQwlACkCQkAGCCIoGhAAIMAAAwRNABAA=}#}取垂直斜面向上为正方向，t1=1S.....................................................④12（2）垂直于斜面向下抛出时间最短：y=v0t+gyt....................................⑤222t2=0.5S.....................................................................................................⑥25（3）对球受力分析：F为合力，F=√（mg）+F2=mg.....................⑦方向与风4F风3竖直方向成θ角。tanθ==..................................................................⑧mg4θ=370当速度与F垂直时速度最小，v=v0sinθ=1.2m/s.........................................⑨①.②.④.⑥.⑧.⑨式各1分，③.⑤.⑦式各2分共12分18.解：(1)对AB段分析，由能量守恒得：1퐸=푚푣2+푚푔푥푠????푛휃..............................................................................................①푝2퐸푝=206퐽..............................................................................................................................②(2)当滑块速度大于传送带的速度时：푚푔푠????푛휃+휇푚푔푐표푠휃=푚푎1.................................................................................................③2푎1=10푚⁄푠当滑块速度小于传送带的速度时：푚푔푠????푛휃−휇푚푔푐표푠휃=푚푎2................................................................................................④2푎2=2푚⁄푠设传送带的速度为푣1由刚好到达C点得：푣2−푣2푣2퐵1+1=2푎12푎2퐿......................................................................................................................⑤解得：푣1=10푚⁄푠........................................................................................................................⑥(3)当滑块刚到能到达D点时，对CD段分析，由动能定理得：1푚푔푅푐표푠휃=푚푣2........................................................................................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