雅礼中学2024届高三月考试卷（二）物理本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页。时量75分钟，满分100分。一、单选题（本题共6小题，每小题4分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.将一小钢球从某一高度水平抛出，其与水平地面碰撞后水平方向分速度保持不变，竖直方向分速度比碰撞前的要小，则关于小钢球运动轨迹描绘可能正确的是（ ）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】根据题意可知，小球竖直方向上的速度减小，即小球在空中运动的时间减小，上升的高度逐渐减小，水平速度不变，水平位移逐渐减小。故选D。2.如图为小明玩橡皮筋球的瞬间，小球正在向上运动，手正在向下运动，橡皮筋处于拉伸状态。在橡皮筋逐渐恢复原长的过程中，小球一直在上升，下列说法正确的是（ ）A.小球动能一直增加B.小球机械能一直增加C.小球一直处于超重状态D.橡皮筋与小球构成的系统机械能守恒【答案】B【解析】【详解】AC．小球正在向上运动，此后橡皮筋在恢复原长的过程中，当橡皮筋弹力大于小球重力时，小球向上做加速运动，小球处于超重状态，小球动能增加；当橡皮筋弹力小于小球重力时，小球向上做减速运第1页/共19页学科网（北京）股份有限公司动，小球处于失重状态，小球动能减少；故AC错误；B．橡皮筋在恢复原长的过程中，小球向上运动，橡皮筋弹力对小球一直做正功，则小球的机械能一直增加，故B正确；D．由于手在下降，因此手对橡皮筋的弹力做负功，系统的机械能减小，故D错误。故选B。【点睛】本题考查做功、机械能守恒条件、超重失重的概念。3.机动车检测站进行车辆尾气检测原理如下：车的主动轮压在两个相同粗细的有固定转动轴的滚动圆筒上，可在原地沿前进方向加速，然后把检测传感器放入尾气出口，操作员把车加速到一定程度，持续一定时间，在与传感器相连的电脑上显示出一系列相关参数。现有如下检测过程简图：车轴A的半径为ra，车轮B的半径为rb，滚动圆筒C的半径为rc，车轮与滚动圆筒间不打滑，当车轮以恒定转速n（每秒钟n转）运行时，下列说法正确的是（ ）A.C的边缘线速度为2πnrcB.A、B的角速度大小相等，均为2πn，且A、B沿顺时针方向转动，C沿逆时针方向转动C.A、B、C的角速度大小相等，均为2πn，且均沿顺时针方向转动rbD.B、C的角速度之比为rc【答案】B【解析】【详解】A．根据v＝2nR可知，B的线速度为vb＝2nrbB、C线速度相同，即C的线速度为vc＝vb＝2nrb故A错误；BC．A、B为主动轮，且同轴，角速度大小相等，即2n第2页/共19页学科网（北京）股份有限公司C为从动轮，A、B顺时针转动，C逆时针转动，故B正确，C错误；D．B、C线速度相同，B、C角速度比为半径的反比，则brccrb故D错误。故选B。4.“世界上第一个想利用火箭飞行的人”是明朝的士大夫万户。他把47个自制的火箭绑在椅子上，自己坐在椅子上，双手举着大风筝，设想利用火箭的推力，飞上天空，然后利用风筝平稳着陆。假设万户及所携设备[火箭（含燃料）、椅子、风筝等]总质量为M，点燃火箭后在极短的时间内，质量为m的炽热燃气相对地面以v0的速度竖直向下喷出。忽略此过程中空气阻力的影响，重力加速度为g，下列说法中正确的是（ ）A.火箭的推力来自燃气对它的反作用力mvB.在燃气喷出后的瞬间，火箭的速度大小为0Mm2v2C.喷出燃气后万户及所携设备能上升的最大高度为0g(Mm)2D.在燃气喷出后上升过程中，万户及所携设备动量守恒【答案】A【解析】【详解】A．火箭的推力是燃料燃烧时产生的向后喷出的高温高压气体对火箭的反作用力，故A正确；B．在燃气喷出后得瞬间，万户及所携设备组成的系统动量守恒，设火箭的速度大小为v，规定火箭运动方向为正方向，则有Mmvmv00解得火箭的速度大小为第3页/共19页学科网（北京）股份有限公司mvv0Mm故B错误；C．喷出燃气后，万户及所携设备做竖直上抛运动，根据运动学公式可得，最大上升高度为222vmv0h2g2Mm2g故C错误；D．在燃气喷出后上升过程中，万户及所携设备因为受重力，系统动量不守恒，故D错误。故选A。5.如图是我国百丈漈瀑布的局部风景图。已知该级瀑布的落差约为h80m，流量（单位时间内流出水的体积）Q5m3/s，忽略水的初速度及空气的影响，可认为水落到瀑布底部的岩石上时竖直速度减为0（水撞击岩石的过程中可以忽略重力的影响），则瀑布对底部岩石的冲击力大小约为（ ）A.2103NB.2104NC.2105ND.2106N【答案】C【解析】【详解】水近似做自由落体运动，撞击岩石前速度v2gh40m/s假设经过一段极短的时间t，该时间内撞上岩石的水的质量为mQt由动量定理，可得5Qtv0FNt，FNQv210N根据牛顿第三定律，水对岩石的冲击力大小约为2105N。故选C。第4页/共19页学科网（北京）股份有限公司6.小何用额定功率为1000W、最大拉力为200N的提升装置，把静置于地面的质量为10kg的重物竖直提升到高为82.5m的平台，先加速再匀速，最后做加速度大小不超过5m/s2的匀减速运动，到达平台速度刚好为零，不计空气阻力，g取10m/s2，则提升重物的最短时间为（ ）A.10sB.10.5sC.11sD.11.5s【答案】A【解析】【详解】提升重物的最大速度P额v10m/smmg加速上升阶段的最大加速度Tmgam10m/s2mm要时间最短，则先以am匀加速，提升装置的功率PTmv达到额定功率时P额Tmv1解得v15m/s因此匀加速运动时间为v1t10.5sam位移为1xat21.25m12m1接下来以恒定功率做加速度减小的加速运动，达到最大速度后匀速运动，最终以a5m/s2的加速度匀减速运动至停止。最后的匀减速运动阶段vtm2s3a位移为v2xm10m32a第5页/共19页学科网（北京）股份有限公司因此以恒定功率运动的位移为x282.5mx1x371.25m对此过程列动能定理，有11Ptmgxmv2mv2额222m21解得t27.5s故总时间最短为tt1t2t310s故选A。二、多选题（本题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）7.在光滑水平面上，质量为m、速度大小为v的A球与质量为2m静止的B球发生对心碰撞，则碰撞后B球的速度大小可能是（ ）311A.vB.vC.vD.v423【答案】CD【解析】【详解】如果两个小球发生的是完全非弹性碰撞，则有mvm2mv共解得vv共3如果两个小球发生的是弹性碰撞，则有mvmvA2mvB111mv2mv22mv222A2B解得2vvB3则小球B碰撞后的速度取值范围为v2vv3B3第6页/共19页学科网（北京）股份有限公司故选CD。8.如图，水平圆盘上放置一个质量为m的小物块，物块通过长为L的轻绳连接到竖直转轴上的定点O，此时轻绳恰好伸直，与转轴成37角。现使整个装置绕转轴缓慢加速转动（轻绳不会绕到转轴上），角速度从零开始缓慢增加，直到物块刚好要脱离圆盘。已知物块与圆盘间动摩擦因数0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，sin370.6，cos370.8。则轻绳的弹力大小FT和物块受到的2摩擦力大小Ff随变化的图像正确的是（ ）A.B.C.D.【答案】AD【解析】【详解】较小时，绳子无弹力，静摩擦力提供向心力，有2FfmLsin37当Ff达到最大静摩擦力时2m1Lsin37mg解得5g216L此时绳子刚好开始产生弹力第7页/共19页学科网（北京）股份有限公司FT01Fmgf2继续增大角速度，轻绳弹力增大，静摩擦力减小，最终物块刚好要脱离圆盘，此时摩擦力为0，有FTcos37mg2FTsin37m2Lsin37解得5g224L此时5FmgT4Ff0故选AD。GMm9.质量为m的人造地球卫星与地心距离为r时，引力势能可表示为E，其中G为引力常量，prM为地球质量。如图，该卫星开始时在半径为R的圆轨道Ⅰ上绕地球做圆周运动，某时刻经过A点加速进入椭圆轨道Ⅱ，轨道Ⅱ上远地点B到地心的距离为3R，忽略加速后卫星的质量变化，则（ ）GMA.卫星在Ⅰ轨道上运行时线速度大小为2R2RB.卫星在Ⅱ轨道上运行的周期为4RGMGMmC.卫星在Ⅰ轨道上运行时机械能为2RGMD.卫星经过B点时的速度大小为2R【答案】BC第8页/共19页学科网（北京）股份有限公司【解析】【详解】A．万有引力提供向心力，有GMmv2mR2R解得卫星在Ⅰ轨道上运行时线速度大小为GMvR故A错误；B．卫星在轨道Ⅰ上的周期为2RRT2R1vGM由开普勒第三定律，在Ⅱ轨道上的运行周期T2满足3R32R22T1T2可得2RT22T4R21GM故B正确；C．卫星在Ⅰ轨道上运行时机械能为1GMmGMmEmv212R2R故C正确；D．设卫星在Ⅱ轨道上运行经过A、B的速度大小分别为v1、v2，由开普勒第二定律可知v1R3v2R则有v13v2由机械能守恒，有1GMm1GMmmv2mv221R223R解得第9页/共19页学科网（北京）股份有限公司GMv26R故D错误。故选BC。10.如图，倾角为37的斜面底部固定有挡板P，顶部固定光滑轻滑轮R。轻弹簧一端固定在P上，另一端连接物块B，B与光滑轻滑轮Q相连。轻绳一端固定在斜面上的O点，绕过滑轮Q和R连接物块A。已知A、B质量均为m1kg，B与斜面间动摩擦因数为0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧劲1度系数为k50N/m，弹簧的弹性势能E与劲度系数k和形变量x的关系为Ekx2，重力加速度gpp2取10m/s2。开始时用手托着A使B保持静止，且此时弹簧处于原长。某时刻将手撤去，B开始沿斜面向上滑动，直至向上运动到最大位移处（B未到O点，且A未着地），弹簧始终处于弹性限度内，斜面保持静止，轻绳与斜面平行（sin370.6，cos370.8），下列说法正确的是（ ）A.将手撤去前手对A的弹力F范围是5NF9N10B.将手撤去后瞬间B的加速度大小为m/s23C.B速度最大时弹簧的形变量为0.2mD.A下降的最大位移为0.8m【答案】ACD【解析】【详解】A．设手托A的弹力为F，轻绳弹力为T，斜面对B的摩擦力为f；对A受力分析有FTmg对B受力分析有2Tmgsin37f其中mgcos37fmgcos37第10页/共19页学科网（北京）股份有限公司综上解得5NF9N故A正确；B．A的位移，瞬时速度和加速度都是B的2倍，设撤去手瞬间B的加速度大小为a，则此时A的加速度大小为2a，故mgT2ma且2Tmgsin37mgcos37ma解得a2m/s2故B错误；C．B的速度最大时A、B加速度都为零，故Tmg，2Tmgsin37mgcos37kx解得x0.2m故C正确；D．设A下降的最大位移为h，下降h时A、B速度都是零，由能量守恒定律，有21111mghmghsin37khmgcos37h2222解得h0.8m故D正确。故选ACD。三、实验题（11题8分，12题8分）11.用图甲所示实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒，m2从高处由静止开始下落，打点计时器在m1拖着的纸带上打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。图乙给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两个计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间2的距离如图乙所示，打点计时器的频率为50Hz。已知m150g、m2150g，重力加速度g取10m/s进行计算，所有结果均保留两位有效数字，则：第11页/共19页学科网（北京）股份有限公司（