自贡市普高2024届第一次诊断性考试物理参考答案与评分标准第Ⅰ卷（选择题）选择题(本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共48分。）14．C15．A16．B17．D18．C19．BC20．AC21.AD第Ⅱ卷（非选择题）注意：解答计算题的方法可能有多种，只要原理正确，过程清楚，结果正确就应评满分。若部分正确，参照此标准按分段评分原则计分。（一）必考题（共4题，共47分）22．（最后1空1分,其余每空2分,共5分） (1)需要 (2)eq\f(d,t1) (4)t23．（10分，每空2分）（1）11.4（2）1600（3）（4）1500（5）或24.（12分）解：(1)设斜面长度为L，背包在斜面上滑行的加速度为a1，由牛顿第二定律有：m1gsinθ－μm1gcosθ＝m1a1（2分）解得：a1＝2m/s2设滑雪者在斜面上滑行时间为t，t0＝1s，由运动学公式得：L＝eq\f(1,2)a1(t＋t0)2（2分）L＝v0t＋eq\f(1,2)at2（2分）联立以上方程并代入数据解得：t＝2s或t＝－1s(舍去)，L＝9m（2分）(2)设背包和滑雪者到达B处时的速度为v1、v2，有v1＝a1(t＋t0)＝6m/s（2分）v2＝v0＋at＝7.5m/s（2分）25.（20分）解:（1）设P从A到B点时的速度为v1，A到B过程中由动能定理得：（2分）代入数据解得：（1分）在B点，由牛顿第二定律得：（2分）代入数据解得：FN1=3N（1分）由牛顿第三定律得：对圆轨道的压力大小为3N，方向：竖直向下（1分）（2）设P运动到C时的速度为v2，B到C过程中由动能定理得：（2分）设P与Q碰撞后的速度分别为v3、v4，由动量守恒定律和机械能守恒定律得（2分）（2分）联立以上方程并代入数据解得碰撞后Q的速度大小为：v4=4m/s（1分）（3）假设Q进入轨道DMN后不会脱离轨道，并设经过N点的速度大小为vN,此时受到轨道的弹力为F,由牛顿第二定律和动能定理得：F+qE=C到N过程中：-m2gR2–qER2=m2–m2（1分）代入数据解得：vN=则假设不成立（1分）Q会脱离轨道（1分）设Q在S点脱离轨道时的速度大小为v5,∠S02N=θ,由牛顿第二定律和动能定理得：m2gsinθ+qEcosθ=（1分）C到S过程中：-m2gR2(1+sinθ)–qER2cosθ=m2-m2（1分）联立以上方程并代入数据解得Q离开轨道时的速度大小为：v5=m/s（1分）33（15分）(1)BCD（5分。选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）(2)（10分）解：=1\*GB3①设初始时气体体积为V1，在大活塞与大圆筒底部刚接触时，缸内封闭气体的体积为V2，温度为T2．由题给条件得：V1=s2(l-)+s1()①（1分）V2=s2l②（1分）在活塞缓慢下移的过程中，用pl表示缸内气体的压强，由力的平衡条件得s1(pl-p)=m1g+m2g+s2(pl-p)③（1分）故缸内气体的压强不变。由盖–吕萨克定律有：=4\*GB3④（2分）联立①②④式并代入题给数据得T2=330K=5\*GB3⑤（1分）=2\*GB3②在大活塞与大圆筒底部刚接触时，被封闭气体的压强为p1．在此后与汽缸外大气达到热平衡的过程中，被封闭气体的体积不变。设达到热平衡时被封闭气体的压强为p′，由查理定律，有⑥（2分）联立③⑤⑥式并代入题给数据得p′=1.01×105Pa⑦（2分）34.（1） BCE （选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）（2）（10分）解：=1\*GB3①设电子射入平行金属板时的初速度为v0，则EK=（1分）设电子在电场中运动时间为t，在垂直于板的方向的加速度为a，则（1分）根据运动的合成和分解知L=v0cosθt（1分）v0sinθ=a（1分）联立以上方程并代入数据解得平行金属板间电场强度的大小（1分）=2\*GB3\*MERGEFORMAT②电子在平行金属板电场中做分运动的位移为y=v0sinθt-（2分）x=v0cosθt（2分）联立以上方程并代入数据解得轨迹方程为：y=x-100x2(x≤1.0cm)（1分）