辛集市2023-2024学年度第一学期期末教学质量监测高三物理答案一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。1234567CDACBAB二、选择题：本题共3个小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，每题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8910ACBCABD三、非选择题：共54分。d211（6分）(1)6.60(3)2g(l2－l1)2Δt112.（10分）（1）增大减小(2)B(3)①②R1③13.（10分）（1）2m/s；（2）0.1J；（3）0.3m（1）由动能定理可知，A从静止释放到两物块碰撞前1mghmv20（2分）102解得v02m/s（1分）（2）设碰撞后，A、B的速度为v1，则由动量守恒可得{#{QQABYQIQogAgQAIAAAgCEwVICgAQkBCCAAoGRAAAMAAAyRFABAA=}#}mmvmv10（1分）解得1vv1m/s（1分）102故机械能损失11ΔEmvmv22·2?0.1J（2分）2201（3）两物块后续做平抛运动，水平方向上svt1（1分）竖直方向上1hgt2（1分）22解得s0.3m（1分）14.（12分）(1)1.2T(2)1.2m/s2，方向沿导轨向上解(1)由安培力公式和平衡条件可得mgsinθ＝BILcosθ（2分）E由闭合电路欧姆定律得I＝（2分）R1＋R2＋r解得B＝1.2T（2分）(2)由牛顿第二定律和闭合电路欧姆定律有BI′Lcosθ－mgsinθ＝ma（2分）EI′＝（2分）R1＋R2′＋r解得a＝1.2m/s2，方向沿导轨向上．（2分）4qBL(32)m40qLB28L15.(16分)（1）vmax；（2）t；（3）E；x09m4qB63m7{#{QQABYQIQogAgQAIAAAgCEwVICgAQkBCCAAoGRAAAMAAAyRFABAA=}#}（1）当粒子在磁场中的运动轨迹对应的圆心角为180°时，粒子垂直y轴离开磁场，在此种情况下，当粒子的运动轨迹与OC相切时，粒子的初速度最大（设为vmax），如图甲所示。设此时粒子在磁场中运动的轨迹半径为R1，有2vmaxqvmaxBm（2分）R1根据几何关系有RRL1（2分）1sin解得4qBLv（1分）max9m（2）粒子运动四分之一圆周后离开磁场，将垂直经过x轴，运动轨迹如图乙所示设轨迹圆的半径为R2，有2v2qv2BmR2根据几何关系有{#{QQABYQIQogAgQAIAAAgCEwVICgAQkBCCAAoGRAAAMAAAyRFABAA=}#}RRL22tan解得4LR274qBLv（3分）27mb点粒子在磁场中做圆周运动的周期2RT2v2b粒子在磁场中运动的时间Tt14解得mt（2分）12qB根据几何关系，粒子经过虚线OC时到x轴的距离3Ll7设粒子离开磁场后在第I象限内运动的时间为t2，有lvt22又ttt12解得(32)mt（2分）4qB（3）粒子沿y轴方向的加速度大小qEcosaym根据匀变速直线运动的规律有2v22ayl解得{#{QQABYQIQogAgQAIAAAgCEwVICgAQkBCCAAoGRAAAMAAAyRFABAA=}#}40qLB2E（2分）63m粒子沿x轴方向加速度大小qEsinaxm设粒子从虚线OC运动到x轴的时间为t，有v2aty粒子从虚线OC运动到x轴的过程中沿x轴方向的位移大小1xat2（1分）2x又x02xR解得8Lx（1分）07的{#{QQABYQIQogAgQAIAAAgCEwVICgAQkBCCAAoGRAAAMAAAyRFABAA=}#}