2024年1月“九省联考”考后提升卷（河南卷）高三化学（考试时间：50分钟试卷满分：100分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H1C12N14O16Na23S32Mn55Ni59Ga70一、选择题：本题共7小题，每小题6分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。7．化学与科学、技术、社会、生活等密切相关。下列有关说法正确的是A．用于清洗伤口、杀菌、消毒的医用酒精有强氧化性B．我国“神舟十二号”飞船返回舱的舱体外壳部件材料是由金属复合材料——专业的铝合金材料制成的，主要是利用了其硬度大的特性C．食品袋中放置的CaO可直接防止食品氧化变质D．客家围屋建造过程中用作黏稠剂的糯米和鸡蛋清都属于混合物【答案】D【解析】A．乙醇能够使蛋白质变性，医用酒精可用于清洗伤口、杀菌、消毒，但是乙醇不具有强的氧化性，故A错误；B．铝合金是制造飞船返回舱的舱体外壳部件材料，这主要利用了它们具有的密度小、强度好的性能，故B错误；C．食品袋中放置的CaO是干燥剂，不能直接防止食品氧化变质，故C错误；D．糯米的成分是淀粉，鸡蛋清成分是蛋白质，都是高分子化合物，聚合度不确定，都属于混合物，故D正确；故选D。8．有机化合物Z具有镇痛、消炎等药理作用，其合成路线关键步骤如下：有关有机物X、Y和Z的说法正确的是A．1molZ最多只能与1molNaOH反应 B．有机物Y含有3种含氧官能团C．有机物X与丙烯酸互为同系物 D．有机物Z中含有手性碳原子【答案】C【分析】由有机物的转化关系可知，一定条件下，与发生取代反应生成和水，则Y为。【解析】A．由结构简式可知，分子中含有的酚羟基和酰胺基能与氢氧化钠溶液反应，则1molZ最多只能与2mol氢氧化钠反应，故A错误；B．由结构简式可知，分子的含氧官能团为醚键、酚羟基，共有2种，故B错误；C．由结构简式可知，与丙烯酸含有结构相似，分子组成上相差若干个CH2原子团，互为同系物，故C正确；D．由结构简式可知，分子中不含有连有4个不同原子或原子团的手性碳原子，故D错误；故选C。9．钴(Co)在化学上称为铁系元素，其化合物在生产生活中应用广泛。以甲醇为溶剂，Co2+可与色胺酮分子配位结合形成对DNA具有切割作用的色胺酮钴配合物(合成过程如图所示)，下列说法错误的是A．色胺酮分子中所含元素第一电离能由大到小的顺序为N＞O＞H＞CB．色胺酮分子中N原子均为sp3杂化C．色胺酮钴配合物中钴的配位数为4D．X射线衍射分析显示色胺酮钴配合物晶胞中还含有一个CH3OH分子，CH3OH是通过氢键作用与色胺酮钴配合物相结合【答案】B【解析】A．同周期元素，从左到右第一电离能呈增大趋势，氮原子的2p轨道为稳定的半充满结构，元素的第一电离能大于O，则第一电离能由大到小的顺序为N＞O＞C，氢原子的原子半径小，核外电子受到原子核的引力大于碳原子，失去1个电子消耗的能量大于碳，第一电离能大于大于碳，则元素第一电离能由大到小的顺序为N＞O＞H＞C，故A正确；B．由结构简式可知，色胺酮分子中形成双键的氮原子的杂化方式为sp2杂化，故B错误；C．由结构简式可知，色胺酮钴配合物中钴离子与2个氮原子和2个氧原子形成配位键，的配位数为4，故C正确；D．甲醇分子中的羟基可以形成氢键，则X射线衍射分析显示色胺酮钴配合物晶胞中还含有一个甲醇分子说明甲醇通过氢键作用与色胺酮钴配合物相结合，故D正确；故选B。10．微生物燃料电池碳氮联合去除的氮转化系统原理如图所示。下列说法错误的是A．a极电势低于b极B．离子交换膜是质子交换膜C．a、b两极生成和的物质的量之比为5∶4D．好氧微生物反应器中反应的离子方程式为【答案】C【解析】从图分析，a电极上为乙酸根离子生成二氧化碳，失去电子，为负极反应，b为正极。据此解答。A．a为负极，b为正极，正极电极比负极高，A正确；B．a的电极反应为，b的电极反应为，氢离子向正极移动，故使用质子交换膜膜，B正确；C．根据ab电极反应分析，电子守恒，则二氧化碳和氮气的物质的量比为10:4=5:2，C错误；D．从图分析，铵根离子和氧气进去反应生成硝酸根离子，故反应的离子方程式为：，D正确；故选C。11．下列实验操作正确且能达到实验目的的是ABCD钠的燃烧反应验证制备证明非金属性：【答案】D【解析】A．Na在空气中燃烧生成，吸收空气中的水蒸气生成NaOH，NaOH能和玻璃中的反应，不能用玻璃表面器皿做钠的燃烧反应实验，A错误；B．稀硫酸和硫化钠反应生成硫化氢气体，硫化氢与硝酸银溶液直接反应生成硫化银沉淀，不发生沉淀转化，不能验证，B错误；C．制备的原理是向饱和NaCl溶液中先后通入和，通的导气管应该伸入液面以下，C错误；D．最高价含氧酸的酸性越强，对应元素的非金属性越强，稀硫酸与碳酸钠反应，生成的通入硅酸钠溶液中，生成白色沉淀硅酸，即酸性：硫酸>碳酸>硅酸，D正确；故选D。12．甲烷可在铑/铈氧化物的催化下与过氧化氢反应，转化为甲醇和甲基过氧化氢，实现了天然气的高效利用，其原理如图所示，下列说法错误的是A．反应③有极性键的断裂与生成B．反应⑤中，Ce的化合价升高C．铑/铈氧化物改变了和的反应历程，降低了反应的活化能D．若用作反应物，一段时间后只有、中含有【答案】D【解析】A．反应③中CH4中断裂1条C-H键形成∙CH3，∙OH与H形成H2O中有O-H键生成，则有极性键的断裂与生成，A正确；B．反应⑤中，H2O2→H2O中O元素从-1降低至-2价，则Ce的化合价升高，B正确；C．铑/铈氧化物是催化剂，可改变了CH4和H2O2的反应历程，降低了反应的活化能，C正确；D．由反应⑤可知O连接在Ce上，甲烷可在铑/铈氧化物的催化下与过氧化氢反应，转化为甲醇和甲基过氧化氢(CH3OOH)，则若用H2l8O2作反应物，一段时间后CH3OH、CH3OOH和铑/铈氧化物中均含有18O，D错误；故选D。13．已知常温下水溶液中、、、HB、的分布分数δ[如]随pH变化曲线如图1；溶液中和关系如图2.用溶液滴定20.00mL溶液，下列说法错误的是A．曲线d表示δ(HB)B．的水解平衡常数C．滴定过程中溶液会变浑浊D．滴定过程中始终存在：【答案】D【解析】A．由题中信息可知，为二元弱酸，、，用溶液滴定20.00mL溶液，发生反应：，则酸性：>HB，所以曲线a、b、c表示的各微粒分布曲线，曲线a代表，曲线b代表，曲线c代表，曲线d为HB，曲线e为，故A正确；B．的水解平衡常数，曲线d和e相交时=，，此时pH=8.3，=，则，故B正确；C．根据图2可知，滴定过程中会生成CaA沉淀，溶液变浑浊，故C正确；D．若滴定过程中不产生沉淀，则根据电荷守恒：，根据物料守恒：=+，则，但随着H2A溶液的滴入，Ca2+产生CaA沉淀而析出，溶液中+，则，故错误；故选：D。二、非选择题：本题共4小题，共58分。27．（14分）氰化钠是一种重要的基本化工原料，同时也是一种剧毒物质，一旦泄漏需要及时处理。一般可以用双氧水或硫代硫酸钠()溶液来处理，以减轻环境污染。（1）易水解生成氰化氢(有剧毒，易在空气中均匀弥散)。中C的化合价为___________；实验室用固体配制溶液时，应先将其溶于氢氧化钠溶液中，再用蒸馏水稀释，其目的是___________。用双氧水处理后，产生一种酸式盐和一种能使湿润红色石蕊试纸变蓝的气体，该反应的离子方程式是___________。（2）工业制备硫代硫酸钠的反应原理：。某化学小组利用该原理在实验室制备硫代硫酸钠。【实验一】制备硫代硫酸钠的装置如图所示。①盛放和混合溶液的仪器名称是___________。②溶液的作用是___________。【实验二】测定硫代硫酸钠产品的纯度。制备的硫代硫酸钠产品一般为，可用的标准溶液测定产品的纯度：取产品配制成溶液，取溶液，用的标准溶液进行滴定(原理为)，相关数据记录如表：实验编号123溶液体积25.0025.0025.00消耗的标准溶液体积20.0518.0019.95③上述滴定操作中应该选用___________作为反应的指示剂。④产品的纯度为___________。【答案】（除标明外，每空2分）（1）+2（1分）防止水解产生污染环境（2）①三颈烧瓶②尾气处理③淀粉溶液④99.2%（3分）【解析】氧化还原反应中氧化剂得电子化合价降低，还原剂失电子化合价升高，根据得失电子守恒配平方程式；把二氧化硫通入盛放和混合溶液的三口烧瓶中发生反应制备，用氢氧化钠溶液吸收剩余二氧化硫，防止污染。（1）中Na显+1价、N显-3价，根据化合价代数和等于0，C的化合价为+2；易水解生成氰化氢，溶液显碱性，为抑制水解产生污染环境，实验室用固体配制溶液时，应先将其溶于氢氧化钠溶液中，再用蒸馏水稀释。用双氧水处理后，产生一种酸式盐碳酸氢钠和一种能使湿润红色石蕊试纸变蓝的气体氨气，反应中C元素化合价由+2升高为+4、双氧水中O元素化合价由-1降低为-2，该反应的离子方程式是；（2）①根据装置图，盛放和混合溶液的仪器名称是三口烧瓶。②二氧化硫有毒，二氧化硫能被氢氧化钠吸收，所以溶液的作用是吸收二氧化硫，防止污染，处理尾气。③碘能使淀粉溶液变蓝，上述滴定操作中应该选用淀粉溶液作为反应的指示剂。④根据表格数据，第二次实验数据明显超出正常误差范围，舍去不用，第1和第3次实验平均消耗的标准溶液20.00mL，可知25.00溶液中含的物质的量为，产品的纯度为。28．（14分）一种回收锌电解阳极泥(主要成分为、和ZnO，还有少量锰铅氧化物和Ag)中金属元素锌、锰、铅和银的工艺如图所示。回答下列问题：已知：易溶于水，不溶于乙醇。（1）中Pb的化合价为+2价，Mn的化合价有+2价和+4价，则氧化物中+2价和+4价Mn的个数比为___________。（2）“还原酸浸”过程中主要反应的化学方程式为___________。（3）结合溶解度曲线图分析，由溶液制得晶体的“一系列操作”是___________、___________，用___________(填物质的名称)洗涤、干燥。（4）“电解”时，加入与水反应生成二元弱酸，在阴极放电生成Se单质，有利于电还原沉积。则放电的电极反应式为___________。（5）通过计算说明可用溶液将“滤渣”中的转化为的原因___________。[已知：25℃时，]（6）锰、镍、镓的某种磁性形状记忆型合金的晶胞结构如图所示。表示阿伏加德罗常数的值。该晶体的密度为___________(列出计算式即可)。【答案】（除标明外，每空2分）（1）1：3（2）（3）加热蒸发（1分）趁热过滤（1分）乙醇（2分）（4）（5）当加入碳酸钠溶液时，发生反应，该反应的平衡常数，几乎可以完全转化（6）【分析】向阳极泥中加入稀硫酸将ZnO转成ZnSO，随滤液除去，向滤渣中加稀硫酸和葡萄糖酸浸还原+4价Mn为+2价得滤渣1，过滤处理MnSO4滤液，获取晶体，滤渣1中加入Na2CO3、溶液转化PbSO4，为PbCO3，再向滤渣中加醋酸溶解Pb元素并分离出单质Ag，醋酸铅溶液经酸化后获取硫酸铅，据此可解答；【解析】（1）设Pb2Mn8O16中含a个+2价Mn，则+4价Mn有(8-a)个，据化合价代数和为0列式为，解得a=2，则+2价和+4价Mn的个数比为1：3；（2）还原酸浸过程中葡萄糖将+4价Mn还原为+2Mn，发生反应的方程式；（3）醋酸铅溶液经酸化后得到滤液主要成分是醋酸，因此醋酸可循环使用；当进行蒸发结晶出的晶体与滤液分离操作时需进行趁热过滤，防止杂质从中因温度降低而析出混入；洗涤的操作采用过滤装置，品体样品易溶于水，难溶于乙醇，可向漏斗中加入乙醇至浸没品体，待乙醇自然流尽后重复2-3次；（4）