重庆市高2024届高三第六次质量检测物理试题参考答案与评分细则一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。23456-C7-C题号I18I9I10BDBD选项IAACIBDIBD1.Ad1202.B【解析】当船头与河岸垂直时，渡河时间为t=—=s=40s沿河流方向小河随水向下运动的v船3距离为s=v水t=4x40m=l60mGMmv23.D【解析】根据2=m—得v=／面卫星在近地轨道的线速度大于正运行轨道上的线速度。故A错误；A点由近地轨道到转移轨道需要加速，B点由转移轨道到运行轨道也需要加速，卫星在近地轨道的机械能小千在运行轨道上的机械能。故B错误；从转移轨道到运行轨道需要点火加速，故C错误；卫星在转移轨道上从A点到B点的过程中，万有引力做负功，卫星的动能减小，A点的速度大于经过B点的速度。故D正确。L4.B【解析】要使条纹间距变大，根据凶＝—入可知，B正确。d5.D［解析】小球做匀速圆周运动，说明电场力和重力平衡，所以小球带正电，A错误；电容器极板电R2mg(R1+R2)d压跟凡两端电压相同，大小为U=E。．小球电场力与重力平衡，得q=凡＋R2E。凡＇8rs故B错误；平行板电容器电容大小为C=当d增大时，C会减小，而电容器两端的电压41rkd'不变，可得电容器上的电荷最会减小，C错误。设粒子做圆周运动的半径为r，根据(r-d)2+2E。凡v(/fd)2=r2,qvB=m巴解得B=r2d2(R1+R2)g°6.C【解析】物体刚放到传送带上时，mgsin0+µmgcos0=ma1，解得a1=10m/s2，故A错误；物块与传送带共速后，由于mgsin0>µmgcos0，物块继续加速，物块受到沿斜面向上的滑动摩擦力，V。1方向发生了变化，故B错误；物块加速时间t1=—=0.6s这段时间内的位移X1=—a闪＝1.8m,a12共速后，物块加速度a2=gsin0-µgcos0=2m/s2，解得t2=1s，总时间为t=t1+t2=1.6s，故C正确；到达底端时的速度v'=v。+a2t2=8mis，故D错误。7.C【解析】小球M即将落地时，它的速度方向与抛物线轨道相切，根据平抛运动知识可知，小球Mh的速度方向与水平方向的夹角满足tan0=—=1可得0=45°；设小球M即将落地时，速度大小2h23ll为V1，小球N的速度大小为V2，根据系统机械能守恒有—mgh=—mvi+—mv;，小球M与小球N422物理试题参考答案第1页（共4页）{#{QQABCQaEoggAAgAAAAgCAwUYCgIQkBECACoOwBAEoAABiRFABAA=}#}沿杆方向的速度相等，有V1COS0=V2解得V1＝灯汇V2=/网，根据动能定理可得，从静止释放到小球M即将落地，轻杅对小球N做的功为W杆＝—m片＝—mgh故C正确；小球M落地与地面24相互作用的过程中，根据动量定理有作＝0-mv1=-m心五由于轨道、轻杆对小球有作用力，且小球M有重力，沿杆切线方向动最定理分量式可知，IJ地1>|I合I，故D错。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。全部选对得5分，选对但不全得3分，有错选得0分。1+n入(4n+1)8.AC【解析】若波沿x轴正方向传播，v＝—==mis,(n=0,1,2,3…)若波沿x轴0.5s3+n入(4n+3)负方向传播，则v=—=mis,(n=0,1,2,3…)，故AC正确。t0.50.5pV9.BD【解析】b一c过程中，气体压强p不变，温度T降低，由—=C可知气体体积V减小，故A错误；B.a一b过程中，气体的温度T不变，而压强p减小，由邑＝C可知气体休积V增大，故B正确；CD.c一a过程中，p与T成正比，由吐＝C，可知气体体积V不变，气体压强p与温度T都增大，气体温度升高，气体内能增大，气休休积不变，外界对气体做功为零，根据热力学第一定律气体从外界吸收热量，故D正确。10.BD【解析】当a杆开始运动时，对a杆分析有µ,mg=Bl1L根据闭合电路欧姆定律有凡＝/1•2r,根据法拉第电磁感应定律有E1=BLv联立可得，当a杆开始运动时，b杆的速度大小刍B2L2，故B正确；最终外力F不变，a、b杆一起做匀加速运动，根据法拉第电磁感应定律有E=BLvb-BLva=BLLlv根据闭合电路欧姆定律有E=I·2r对a、b杆整体分析有凡－µ,mg=(F3十µ;mg)r2ma对a杆分析有BIL-µ,mg=ma联立解得，最终a、b两杆速度的速度差为Av=B2L2,故D正确。三、非选择题：本题共5小题，共57分。11.【答案】(7分）(1)12.0mm(2分）(2)AC(2分）D(3)4'7T*(3分）12.【答案】(9分）(1)左(1分）(2)500(2分）(3)低(2分）、2750(4)916.7或(2分）(5)没有(2分）物理试题参考答案第2页（共4页）{#{QQABCQaEoggAAgAAAAgCAwUYCgIQkBECACoOwBAEoAABiRFABAA=}#}【解析】(4)由滑动变阳器的阳值可知，化表与电阻箱串联后电压可近似为2V恒压。(4)问中若G2表电流从a到b则不符合恒压条件。可知此时电流从b到a，即电阻箱电流为0.75mA。设凡的电流为I则可得方程：l凡－I泣肚＋（Jgl-Ig2)R=2V和I凡＋（I+I垃）凡＝2V解之得凡＝916.70。13.【答案】(10分）(1)1120m128(2)mis3=1120m··············································································(4分）【解析】(l)x=上2tX1(2)t1=—=2s.............................................................................................(3分）V—X+160m128V=~=~m/S••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••(3分）t+t1314.【答案】(13分）(1)50C(2)20C(3)25mis【解析】(1)Q=CU=50C·················································································(3分）(2)mv=BLii!-:,t=q1BL解之得ql=20C............................................................(4分）(3)金属杆达到最大速度时：从＝BLvm··································································(1分）此时电容器的电荷量Ql=CUI=CBLvm...............................................................(1分）所以该过程流经金属棒的电荷最q2=CU-CBLvm···················································(1分）对金属棒有：mvm=q2BLCUBLCU综上可解得vm=当CBL=匣时．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．（1分）m-CB2L2+m=BLCBL＋匣BL即B=2T的时候，Vm=25m/S•••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••(2分）15.【答案】(18分）mv。(1)吨方向竖直向上·q'qB4V。(2)v甲＝—飞），v乙＝-—3335.85mv。(3)1r'3qB【解析】(1)甲所受重力与电场力平衡，则有mg=qE，可得E='!!£_(1分），方向竖直向上…(1分）qmv。甲相当于只受洛伦兹力做圆周运动，可得R=...................................................(2分）qB(2)甲乙发生弹性碰撞，则有181mv。+—m·—v。=mv+—mv乙..．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．（1分）93甲9物理试题参考答案第3页（共4页）{#{QQABCQaEoggAAgAAAAgCAwUYCgIQkBECACoOwBAEoAABiRFABAA=}#}上m点＋l．l叫fv。)2=½mv~+½·上~.........................................................(1分）2292mv甲＋29mv乙4V。可得v甲＝—v。(1分），v乙＝-—...........................................................................(1分）33mv甲4(3)碰后甲做匀速圆周运动的半径R=R,(1分）甲在磁场中转过120°与上方挡板碰撞，qB=—3碰后再转过120°回到最低点，此后重复上述运动，整个过程做周期性的运动，轨迹如图对于小球乙来讲电场力与重力不平衡，即使加上洛伦兹力三个力合力为又区次8,、、、立XX也不为零。因此构造一个向右的速度V1，则有0'X:XI义IXX,iXX五qv1B+五qE=9mg,沁x!x,Ji~xixxx歹一次一次-'---x四kv。xxxxxxxx可得V1=......................................................(1分）3qB3xxxxxxxx乙的速度本来向左，因此则还需构造一个向左的速度V2,V2=V1-V乙，xxxxxxxx这个速度让乙球向下做匀速圆周运动，即乙球一边以V1向右做匀速直线运动，一边以V2向下做匀速直线运动。转一圈回到碰撞所在水平线上，因此甲乙要再次相遇，只能在碰撞所在水平线上。2x12021Tm41Tm根据分析可知，甲做周期性运动的周期T=..............................(1分）360qB3qB'4/3n4/Smv。一个周期内甲的水平位移xf!l=2R甲cos30°=/3凡＝R=~···························(1分）3--3aBq2'IT.—m98'ITm乙做周期性运动的周期几＝......................................................(1分）3qB0五qBkv。81Tm8阮mv。一个周期内乙的水平位移x..........................................(1分）乙＝V1兀＝——·33qB9qB要相遇，碰后用时相等，则有kl几＝k2兀，可得仇＝2k2，则仇＝2,k2=1……………………(1分）4/Smv。8k1Tmv。水平位移相等，即2xf!l=x乙，则有2..............................................(1分）3qB9qB3/3可得k=...................................................................................................(1分）Tr8/Smv。第一次相遇点距离碰撞点的距离X=2xFfl=...................................................(1分）3qB物理试题参考答案第4页（共4页）{#{QQABCQaEoggAAgAAAAgCAwUYCgIQkBECACoOwBAEoAABiRFAB