2021级高三一轮考试物理试题参考答案及评分标准2024.02一、单项选择题：本题包括8小题，每小题3分，共24分。全部选对的得3分，选错或不选的得0分。1．B2．D3．A4．C5．C6．B7．D8．C二、多项选择题：本题包括4小题，每小题4分，共16分。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9．AD10．BD11．ACD12．BC三、非选择题：本题包括6小题，共60分。13.（6分）（1）A（2分）（2）14.530（2分）4.5×10-7（2分）14．（8分）（1）×1（2分）欧姆调零（2分）（2）1（2分）（3）10（2分）15．(8分)解析：（1）轮胎内气体体积不变，分子的密集程度不变；温度升高，分子的平均动能增大，与轮胎壁碰撞时对轮胎壁的冲力增大，故压强增大。（每一条1分）（2分）（2）在冷库内时，温度T1=t1+273=250K，压强p1=2.6atm在穿堂内时，温度T2=t2+273=283K，设压强为p2p1p2根据查理定律=（2分）TT12可得p2=2.94atm（1分）（3）离开冷库后，温度T3=t3+273=310K，压强p3=2.2atm，设放出压强为2.2atm的气体的体积为ΔVpVp(ΔV+V)根据理想气体状态方程，1=3（2分）TT13则放出气体的质量与轮胎内原有气体的质量比为ΔV=0.32（1分）ΔVV+16.（9分）1解析：（1）小物块沿着斜面运动的过程中，摩擦力做功W1=-(0+μ0mgcosθ)l2设到达B点时的速度为vB12由动能定理，有mglsinθ+W1=mvB（2分）2到达B点时，重力的功率P=mgvBsinθ（1分）解得P=mgsinθglsinθ（1分）2vD（2）设小物块通过最高点D时的速度为vD，有mgmR1212由动能定理-2mgR+W=mvD-mvB（1分）221解得W=mg(5R-lsinθ)（1分）21（3）小物块离开D后做平抛运动，竖直方向2R=gt2（1分）2水平方向s=vDt（1分）联立可得B、C两点间的距离s=2R（1分）高三物理答案第1页（共4页）{#{QQABRYQUgggIAAIAAQgCAw0ICEAQkAAAAAoGwBAAMAABCRFABAA=}#}17．（13分）解析：（1）发射的小球恰好与桌面B点的小球1发生水平对心碰撞可知，碰撞时速度已水平，即竖直方向速度为零，故2(v0sin53°)=2gh（2分）解得h=0.8m（1分）（2）与小球1碰撞前，发射小球的水平速度v=v0cos53°=3m/s小球间的碰撞为弹性碰撞，满足动量守恒mv=mv1+mv2（1分）111动能守恒mv2=mv2+mv2（1分）22122解得v1=0，v2=v可以看出碰撞过程中速度并未减小，只是互换了速度，可以将全过程看作一个小球在没有碰撞情况下的匀减速运动a=μgv2=2ax（1分）联立可得：x=2.25m（1分）x=7.5d故最多能发生8次碰撞（1分）12（3）与第1个小球碰撞前瞬间的动能Ek=mv2根据碰撞过程动量守恒mv=2mv112112与第1个小球碰撞后的动能Ek1=2mv=mv（1分）2122运动距离d后的动能Ek1，则（1分）Ek1Ek1μ2mgd1那么与第2个小球碰撞前瞬间的动能EE2μmgd（1分）k12k2同理，与第2个小球碰撞后的动能EE，运动距离d后的动能Ek23k1k2则Ek2Ek2μ3mgd149那么与第3个小球碰撞前瞬间的动能EEμmgdk23k33与第3个小球碰撞后的动能EE运动距离d后的动能Ek3k34k2则Ek3Ek3μ4mgd那么与第4个小球碰撞前瞬间的动能14916EEμmgd（1分）k34k4代入数值可得：Ek3=0.69J（1分）高三物理答案第2页（共4页）{#{QQABRYQUgggIAAIAAQgCAw0ICEAQkAAAAAoGwBAAMAABCRFABAA=}#}18．（16分）解析：（1）带电粒子进入Ⅰ区磁场，根据2v0qv0Bm（1分）r1O2解得：r1=R（1分）画出带电粒子的运动轨迹，如图18（1）所示，轨迹恰好经过O2点，确定轨迹圆圆心O3，连接O3M，O3O2，O1O2，O1M，得到菱形O3MO1O2，利用几何知识可知带电粒子会经过点O2，图18(1)且速度方向与+x方向夹角θ=30°（1分）（2）带电粒子进入Ⅱ区磁场，根据2Bv0qv0=m2r230°解得：r2=2R（1分）画出带电粒子运动轨迹，如图18（2）所示，轨迹恰好与yOz平面相切60°时，d最小，利用几何知识可知：d=r2+r2cos60°（1分）d=3R（1分）即带电粒子不能进入Ⅲ区，d的最小值为3R（3）若d=2R，带电粒子进入Ⅱ区后，粒子运动轨迹如图18（3）所示，利用几图18(2)何知识可知，带电粒子恰好经过O点进入Ⅲ区，带电粒子经过点O时速度方向与+x方向夹角为30，所以沿+x方向的速度：v0xv0cos30（1分）带电粒子进入Ⅲ区后在x方向受到静电力，带电粒子做周期性运动，T在电场变化的一个周期内，0~时间内4qE0=ma1x带电粒子先做匀减速运动到零0v0cos30a1xt117RTt1100v06TvT513R在前时间内带电粒子的位移x0x（1分）61121200TTT再沿-x方向做匀加速运动，经过t2=，4612图18(3)vv=at=0x（1分）1x1x22T~T时间内，带电粒子先沿-x方向做匀减速运动到零4Eq0=ma32x0v1xa2xt351πRTt==32004T再沿+x方向做匀加速运动，经过t4=速度增加到v22xv2x=a2xt4=v0x（1分）在一个周期内，沿+x方向的位移为高三物理答案第3页（共4页）{#{QQABRYQUgggIAAIAAQgCAw0ICEAQkAAAAAoGwBAAMAABCRFABAA=}#}TvTv0x0xvTvT513Rx6230x0x02244400513R513Rx4xx（1分）011001200所以带电粒子进入Ⅲ区后，打到荧光屏的时间yT17πRt=4T+=（1分）64v0Ro（4）带电粒子进入Ⅲ区后，在yOz平面内在y＜0区域做半径r的圆32zR周运动，运动半周后进入y＞0区域做半径r的圆周运动，运动半44图18(4)周后进入y＜0区域，依次类推，如图18（4）所示，设运动周期为T0R设带电粒子在yOz平面内在y＜0区域做半径r=的圆周运动的周期为T1322πRT1=v0R设带电粒子在yOz平面内y＞0区域做半径r=的圆周运动的周期为T244πRT2=v0（1分）T1T23RT0222v0带电粒子进入Ⅲ区后到打到荧光屏的时间内17πRT1T2（分）t==2T0++14v024由分析可知在一个T0内带电粒子沿z轴正方向运动的距离为z0Rz2r2r（1分）0342在2个T0内带电粒子沿z轴正方向运动的距离z=RT1再经过周期内带电粒子沿z轴正方向运动的距离为2r3=R2R然后再经过T2周期内带电粒子沿轴负方向运动的距离为zr4=44R7R带电粒子在时间t内沿z轴运动的距离为z=RR44R在第三个T2周期内带电粒子沿轴正方向运动的距离为yy=r4=446633RR7R所以带电粒子打到荧光屏的位置坐标为（，，）（1分）120044高三物理答案第4页（共4页）{#{QQABRYQUgggIAAIAAQgCAw0ICEAQkAAAAAoGwBAAMAABCRFABAA=}#}