2025年重庆市普通高中学业水平选择性考试11月调研测试卷物理参考答案1～7ABACDDB8BD9ABD10AC解析：1．A。橡皮擦受力平衡，该过程中，物体课本对橡皮擦的作用力不变，由牛顿第三定律可知，橡皮擦对物理课本的作用力也不变，选项A正确，故选A。2．B。使用安全带，在发生交通事故时，可以使驾、乘人员相对座位尽量不发生位移，选项B正确，故选B。223．A。这三个共点力的合力大小范围为1N≤F合≤11N，由Fma知，加速度大小范围为1m/s≤a≤11m/s，选项A符合题意，故选A。4．C。设地球自转的角速度为，地球赤道上的静止物体随地球自转的速率vR，静止于纬度为30°的重庆某33地的物体随地球自转的速率vRcos30Rv，选项C正确，故选C。225．D。设篮球在最高点的速度为v，从最高点到落入篮筐历时t，由gtvtan，可知tv，所以选项A、B、C1vtanx4均不能确定；投球点到进球点的距离x2vt，最高点相对篮筐的高度hgt2t，可知，22htan选项D可以确定，故选D。6．D。设物块从斜面底端沿斜面向上运动的最大距离为d0，物块与斜面间的动摩擦因数为，由动能定理得，E1E2E1(mgsinmgcos)d0，E2(mgsinmgcos)d0，解得tan，选项D正确，故选D。E1E27．B。在喷管喷水口处，设喷射速度为v，经过t的时间喷出的水的质量为m，喷管的横截面积为S，则1mSvt，电动机的输出功率为P，则t时间内电动机做功转化成水的机械能Ptmv2，对质量21为m的水，从离开喷口至到达最高点的过程中，由机械能守恒定律得mghmv2，联立可得2S33P2gh2，说明Ph2，选项B正确，故选B。28．BD。由运动轨迹分析可知，2、4位置的头部速度方向竖直向上，选项B、D正确，故选BD。9．ABD。能在实验室验证的是选项A、B、D，选项C不能在实验室验证，故选ABD。12x10．AC。由题知xat2，可得该过程中物块甲运动的时间t0，选项A正确；由v22ax可得，物块甲02a0的最大速度，选项错误；设物块甲开始运动时，弹簧的压缩量为，则，v2ax0Bx1kx1mgsinF1ma，物块乙刚要离开挡板P时，弹簧的伸长量为x2，则kx2mgsin，F2kx2mgsinma，F2F1F1F2F1又x1x2x0，联立解得k，m，选项C正确，选项D错误，故选AC。x0a2gsin11月调研测试卷（物理）参考答案第1页共4页11．（6分）（1）D（2分）（2）4π2kl（2分）（3）偏小（2分）解析：4π2lsin1g11（1）对小钢球进行受力分析，由mgtanm，T，得cos，可知x，故选D。T2n4π2ln2n2g（2）由k可得g4π2kl。4π2l4π2(lr)sin1g1g（3）设小钢球半径为r，由mgtanm，T，得cos，故k，可T2n4π2(lr)n24π2(lr)得g4π2k(lr)＞4π2kl，即重力加速度大小的测量值小于真实值。12．（9分）（1）0.14（2分）（2）4.9（2分）19.6（2分）不均匀（3分）解析：12h2（1）由hgt2得t，9.8cm处应标注的时间为ts0.14s。2g101（2）由hgt2得，t0.1s时h4.9cm，t0.2s时h19.6cm，又由h4h可以说明，这样标注的“人体2112221反应时间刻度尺”的时间刻度是不均匀的。13．（10分）解：（1）设该运动员在匀加速运动阶段的加速度大小为a1xat230m（2分），解得：a2.4m/s2（2分）122100x35（2）匀速运动的速度vat12m/s（2分），匀速运动的时间t1s（2分）23v6100该运动员的平均速度大小v9.1m/s（2分）t1t2t314．（14分）Mm4π22R2R解：（1）设该卫星质量为m，由Gm（3分），解得：T4πR（3分）2R2T2GM11月调研测试卷（物理）参考答案第2页共4页2π（2）地球自转的角速度0（1分）T02π该卫星绕地球运行的角速度（1分），且＞T01π如答图1所示，由cos得：（2分）23AP设该卫星能再次拍摄到B点所经过的最短时间为tPOθ2π（分）B0tt2π2B32R答图8πRT12TT0解得：t0GM（2分）3(T0T)2R3T04πRGM15．（18分）解：（1）设装置水平向右弹射出物块A后瞬时，装置和物块A的速度分别为v1、vA以水平向左为正方向，有：5mv04mv1mvA（1分），v15v0vA（1分）解得：v12v0（1分），vA3v0（“－”号表示方向水平向右）（1分）（2）设装置水平向右弹射出物块B后瞬时，装置和物块B的速度分别为v2、vB9114mv3mvmv（1分），v5vv（1分），解得：vv（1分），vv（1分）02B20B240B40整个相对运动过程中，作出装置和物块A、B运动的v-t图像如答图2所示由题知，装置和物块A、B做匀变速直线v运动的加速度大小均为ag9v0/42v0装置+B装置弹出物块A后到弹出物块B前，v02v0v0v0Ot装置运动的时间t0（1分）t09t0/43t04t0gg1519tt0404由v-t图像和运动分析可知，BA装置和物块A、B最终均相对传送带静止－11v0/4－3v0答图2时，装置与物块A间的距离为211991297297v0x装v0t0v0v0t0t03v0v03t0t0v0t0，解得：x装（1分）A2244232A32g物块A、B之间的距离为211111114747v0xABv0t03v0v03t0t0v0v0t0t0v0t0，解得：xAB（1分）222443232g11月调研测试卷（物理）参考答案第3页共4页（3）由v-t图像可知，从装置弹射出物块A开始，到装置及物块A、B均相对传送带静止的过程中：111919v①所经过的时间tt2tt0（2分）400404g1②物块B弹出前，装置相对传送带运动的位移xvt（1分）120019925物块B弹出后，装置相对传送带运动的位移x2v0v0t0t0v0t0（1分）2443211111225物块B相对传送带运动的位移xBv0v0t0t0v0t0（1分）244321整个过程中，物块A相对传送带运动的位移x3vv3tt8vt（1分）A2000000因此，装置、物块A、B与传送带间增加的总内能Q4mgx13mgx2mgxAmgxB155联立解得：Qmv2（1分）8011月调研测试卷（物理）参考答案第4页共4页