高一联考物理参考答案详解版题号12345678910答案ADBBDBDBCC题号11答案D1．A【详解】A．“太阳东升西落”是以地面为参考系，故A正确；B．跳伞运动员看到大地迎面而来是以运动员自己为参考系，故B错误；CD．研究物体本身各部分的动作不能将物体视为质点，故C、D错误。故选A。2．D【详解】A．甲图中重力的施力物体是地球，故A错误；B．图乙中所示的实验是用来观察桌面微小形变，其利用了光线照射后将形变“放大”，采用了放大的思想，故B错误；C．丙图高铁车厢里的电子屏上“126km/h”是瞬时速度，故C错误；D．丁图中汽车作匀变速直线运动速度由v1变到v2，根据加速度的定义式有可知，该段时间内加速度方向与Δv方向相同，故D正确。故选D。3．B【详解】A．在研究弹力时，通过激光笔、平面镜观察桌面形变，应用了微小量放大法，故A正确；B．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是理想模型法，故B错误；C．根据平均速度，当△t很小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，这里应用了极限思想，故C正确；D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里应用了微元累积法，故D正确。选不正确，故选B。4．B【详解】A．静止在场地上的足球受力平衡，此时重力大小等于足球受到的弹力大小，但是不能说足球受到的弹力就是它的重力，故A错误；B．运动员用力蹬地，身体却向上跃起，说明力的作用是相互的，故B正确；C．传球过程中，足球的运动状态改变，足球不是受到平衡力的作用，故C错误；D．运动员用头顶球时，力即改变了足球的运动状态，也改让足球发生了形变，故D错误。故选B。5．D【详解】A．拉力方向应与木板平面平行，需要记录拉力的大小和方向，选项A错误；B．实验中，把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间的夹角大小适当即可，不一定要取90°，选项B错误；C．两个测力计的量程不一定必须相同，选项C错误；D．图中的力是两个分力合力的实验值，其方向和细绳AO方向相同，选项D正确。故选D。6．B【详解】A．小孩所受的重力方向竖直向下，不一定垂直于地面，故A错误；B．小孩被提起后，小孩受重力与秤钩的拉力是一对平衡力，大小相等，方向相反，小孩的重心一定位于秤钩的正下方，故B正确；C．奶奶对凳子的压力是由于奶奶的形变引起的，故C错误；D．凳子对奶奶的支持力与奶奶、小孙子、杆秤所受的总重力是一对平衡力，故D错误。故选B。7．D【详解】AD．由图可知，无人机在上升，下降，则无人机在3s末到达最高点，上升的最大高度为故A错误，D正确；B．无人机做匀加速直线运动，故B错误；C．时，速度为零，此时最小，故C错误。故选D。8．B【详解】AB．已知通过ab段的时间为t，根据初速度为零的匀加速直线运动规律可知，汽车通过ab、bc、cd、de四段的时间之比为所以通过cd段时间为通过ce段时间为故A错误，B正确；C．通过ad段的时间为故ab段和ad段所用时间比为故C错误；D．通过ae段的时间为通过ab段的时间为t，故b点为ae段时间的中间时刻，所以通过b点的瞬时速度为ae段的平均速度，因汽车做匀加速直线运动，速度越来越大，b点的瞬时速度小于c点的瞬时速度，故ae段的平均速度小于c点的瞬时速度，故D错误。故选B。9．C【详解】A．根据图乙可知，物体受到的滑动摩擦力为7N左右，所以物块与木板间的动摩擦因数约为故A错误；B．当物块与长木板发生相对运动后，不管木板做匀速运动还是变速运动，物块的受力不再改变，故木板不需要保持匀速运动，故B错误；C．根据图乙可知，物体受到的最大静摩擦力为10N左右，物体受到的滑动摩擦力为7N左右，所以最大静摩擦力与滑动摩擦力之比约为，故C正确；D．木板滑动后，力传感器对物块的拉力与物块对力传感器的拉力是一对相互作用力，大小相等，故D错误。故选C。10．C【详解】AB．对O点受力分析可知解得一根斜梁对O点的支持力大小为一根横梁对O点的拉力大小为选项AB错误；C．保持O点的位置不变，若把斜梁加长一点，斜梁BO跟横梁的夹角θ变大，根据则横梁对O点的拉力将减小，选项C正确；D．斜梁和横梁对O点的作用力等于空调机的重力，则保持O点的位置不变，若把斜梁加长一点，则斜梁和横梁对O点的作用力不变，选项D错误。故选C。11．D【详解】A．煤块冲上传送带后，先沿传送带向上做匀减速运动，由牛顿第二定律可得mgsinθ+μmgcos37°=ma1解得a1=10m/s2设经时间t1煤块与传送带共速，则v0-a1t1=v解得t1=1s故A正确；B．前1s内，煤块的位移为共速后，由于mgsinθ＞μmgcos37°所以煤块受到的滑动摩擦力方向向上，继续向上做匀减速运动，由牛顿第二定律得mgsinθ-μmgcos37°=ma2解得a2=2m/s2共速后，煤块继续做匀减速运动的最大位移为所以煤块向上滑行的最大位移为x=x1+x2=7m+1m=8m故B正确；C．煤块速度从v减至零的时间为煤块上升到最高点后反向做初速度为零、加速度为a2=4m/s2的匀加速直线运动，设从最高点返回到A端所需的时间为t3，则解得t3=2s煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为t=t1+t2+t3=1s+1s+2s=（2+2）s故C正确；D．在t1时间内，传送带的位移x1′=vt1=2×1m=2m煤块传送带上的划痕长为L1=x1-x1′=7m-2m=5m在t2时间内，传送带的位移x2′=vt2=2×1m=2m煤块传送带上的划痕长为L2=x2′-x2=2m-1m=1m由于两个过程痕迹重叠1m,所以前2s内，煤块在传送带上留下的痕迹长为5m。在t3时间内，传送带的位移x3′=vt3=2×2m=4m煤块传送带上的划痕长为L3=x+x3′=8m+4m由于有4m长的痕迹与前面的重叠，所以煤块在传送带上留下的痕迹长为L=5m+4m+4m=（9+4）m故D错误。此题选择错误的，故选D。12．0.10.16BC【详解】（1）[1]每5个点取一个计数点，则相邻两个计数点的时间间隔为[2]根据逐差法可得，小车的加速度为（2）[3]由题意可知，小车运动时所受摩擦力的大小为每一次小车加速运动时的传感器示数，则小车的合力为[4]以小车为对象，根据牛顿第二定律可得可得可知图像为过原点的一条倾斜直线。故选B。（3）[5]A．本实验中力的大小可由力传感器直接得出，本实验是探究小车的加速度与合力的关系，只要保持小车和传感器的总质量不变，不需要测出它们的具体数值，故A错误；B．用力传感器测出了摩擦力，不需要平衡摩擦力，故B错误；C．用加砂的方法改变拉力的大小，每次砂的质量可增加得很少，而挂钩码每次质量增加得多，故前者可更方便地获取多组实验数据，故C正确。故选C。13．(1)75m(2)【详解】（1）无人机5s末速度代入数据解得5s内升高匀速飞行5s内升高无人机10s末的高度（2）若无人机升高到H=120m时恰好减速到零，则减速时的加速度最小，则代入数据解得14．(1)(2)，方向水平向右(3)【详解】（1）对结点O进行受力分析，由平衡条件可得，解得，（2）以甲、乙为整体，水平方向受到OB绳的拉力和地面的静摩擦力，由平衡条件得方向水平向左；根据牛顿第三定律可得，乙对地面的摩擦力大小为，方向水平向右。（3）甲、乙之间的最大静摩擦力为乙与地面的最大静摩擦力为对甲分析可得又解得则物体丙的质量需要满足15．（1）0.4；（2）4s；（3）【详解】（1）由于滑块滑上传送带后做匀速运动，对滑块进行分析，根据平衡条件有，解得（2）滑块在BC上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有结合上述解得在BC上运动过程，根据位移公式有解得根据速度公式有滑块在传送带上向左做匀速直线运动，则有解得滑块从C点由静止开始运动到与第一次挡板碰撞所用时间（3）若滑块加速至B点的速度小于传送带的速度，滑块反弹后的速度小于2m/s，反弹后相对于传送带向左运动，传送带对滑块的滑动摩擦力向右，与向左的恒力F平衡，滑块仍然向右做匀速直线运动，此时到达B点时的速度小于传送带的速度，可知，当滑块向左加速至B点的速度恰好等于传送带的速度时，x值为最小值，则有解得当滑块反弹速度大于传送带速度时，反弹后相对于传送带向右运动，传送带对滑块的滑动摩擦力向左，滑块向右做匀减速直线运动，若减速至B点速度等于传送带速度时，此时x值为最大值，则滑块向左加速过程有反弹后根据牛顿第二定律有结合上述解得反弹过程，利用逆向思维，根据速度与位移的关系式有解得综合上述可知，x的取值范围为16．（1）0.1；（2）0.35；45N；（3）5.38m【详解】（1）物块A在B上做加速运动，加速度为根据可得μ1=0.1（2）力F作用于木板B时的加速度由牛顿第二定律撤去F后木板B的加速度大小由牛顿第二定律联立解得μ2=0.35F=45N（3）由图像可知5s时AB速度相等v=5m/s，此时A相对B向后的位移，即A距离B右端的距离为AB速度相等以后，A做减速运动，加速度为；B减速运动的加速度速度减为零时的位移A速度减为零时的位移A、B均停止运动后A到B右端的距离