红河州第一中学2023届高三年级第二次联考化学参考答案题序78910111213答案ACDBCDC7．【答案】A【解析】A项，现代化学中，常利用原子光谱上的特征谱线来鉴定元素，称为光谱分析，A项正确。B项，聚丙烯中无碳碳双键不能使溴水褪色，B项错误；生产计算机芯片使用高纯硅，C项错误；D项，合金熔点低于成分金属，D项错误；综上所述，答案为A。8．【答案】C【解析】A项，根据有机物的结构简式可得分子式为C21H20O11，A项错误；B项，有机分子结构含有酚羟基和碳碳双键能与Br2反应，1mol该有机物最多消耗5molBr2，由于没有指明该物质的量，故B项错误；C项，碳原子杂化方式有sp2、sp32种，C项正确；D项，2个苯环上的碳原子可共面，D项错误。综上所述，答案为C。9．【答案】D【解析】A项，因不知溶液体积，所以无法计算溶液中离子的数目，A项错误；B项，在含0.1molNaClO的溶液中，无HCl存在，B项错误；C项，1mol氢氧根所含电子数为10NA，1mol羟基所含电子数为9NA，C项错误；D项，每制得1mol高铁酸钠，转移电子数目为3NA，D项正确。综上所述，答案为D。10．【答案】B【解析】A项，向饱和Na2CO3溶液中加入BaSO4固体，溶液中碳酸根离子远远大于硫酸根离子导致沉淀转化，不能说明BaCO3溶解度大于BaSO4，A项错误；B项，醛基在碱性条件下可以和新制氢氧化铜悬浊液反应生成砖红色沉淀，若出现砖红色沉淀，则证明有机物含有醛基，B项正确；C项，加热条件下挥发出的乙醇蒸汽也能使酸性高锰酸钾褪色，无法证明1-溴丁烷中发生消去反应生成含不饱和键的化合物，应在气体通入酸性高锰酸钾前先通入水，C项错误；D项，K2Cr2O7具有强氧化性，浓盐酸具有还原性，将K2Cr2O7固体溶于水后加入浓盐酸，两者发生氧化还原反应生成氯化钾、三氯化铬、氯气和水，无法证明：K2Cr2O7溶液中存在平衡Cr2O72-+H2O2CrO42-+2H+，D项错误；综上所述，答案为B。11.【答案】C【解析】A项，碳酸酸性强于苯酚，苯酚钠溶液能够与二氧化碳反应生成苯酚和碳酸氢钠，A项正确；Ksp(CuS)O>C，A项错误；B项，NH3能形成分子间氢键，故沸点：NH3>CH4，B项错误；C项，CO2有2个σ键，2个п键，C项错误；D项，最高价含氧酸的酸性：H2CO3>H2SiO3，D项正确；综上所述，答案为D。13．【答案】C【解析】A项，放电时，负极的电极反应式为Zn-2e-=Zn2+，A项正确；B项，放电时，Zn2+向正极区移动，B项正确；C项，充电时，阳极的电极反应式为3I--2e-=I3-，C项错误；D项，发生反应I2+I-=I3-,增大单质碘的溶解度，D项正确。综上所述，答案为C。27.（14分，除特殊标注外，每空2分）（1）S乙>甲（1分），正反应为放热反应，升高温度，平衡逆向移动，氨气体积分数减小，则甲、乙、丙中温度从高到低的顺序是丙>乙>甲（1分）②bc=3\*GB3\*MERGEFORMAT③57.0%【解析】（1）=1\*GB3\*MERGEFORMAT①略②净化干燥是为了防止混有杂质使催化剂“中毒”故a错；步骤中“加压”可使平衡正向移动，可提高原料的转化率，增大压强，可以使反应物浓度增大，则可增大反应速率，故b正确；合成氨一般选择在400~500℃是因为在此温度下铁触媒的活性最大，不是反应速率最快，故c错；液态NH3用作制冷剂是因为其汽化时吸收大量的热而不是放热，故d错。（2）化学反应速率快慢取决于慢反应的速率，能量越高反应速率越慢，根据图知，反应速率取决于*N2→*N2H。故选B。（3）=1\*GB3\*MERGEFORMAT①正反应放热，升高温度，平衡逆向移动，氨气体积分数减小，则甲、乙、丙中温度从高到低的顺序是丙>乙>甲。=2\*GB3\*MERGEFORMAT②a．v(NH3)=2v(N2)没有同时描述正逆反应，不能判断该反应达到平衡；b．M=，刚性密闭容器内气体质量不变，而反应前后气体物质的量有变化，故M不变，则能判断该反应达到平衡，b正确；c．为浓度商不再变化则能判断该反应达到平衡，c正确；d．密闭刚性容器内气体质量不变，体积不变，密度不会变化，不能判断该反应达到平衡。故选bc=3\*GB3\*MERGEFORMAT③N2(g)+3H2(g)2NH3(g)初始（mol）390转化（mol）x3x2x平衡（mol）3-x9-3x2xd点氨气的体积分数为40%，2x12−2x=0.4，x=1.71，d点N2的转化率是1.713×100%=57.0%。平衡常数大小只与温度有关，丙温度的平衡常数可用d点进行计算，d的压强为60Mpa平衡时：n(总气体)=12mol-2×1.71mol=8.58moln(N2)=1.29moln(H2)=3.87moln(NH3)=3.42molKp＝p2(NH3)p(N2)∙p3(H2)＝30．（15分，除特殊标注外，每空2分）（1）甲苯（1分）（2）氧化反应（1分）取代反应（1分）（3）羟基醚键酰胺键（写对2个给2分，有错不给分）（4）（其他合理答案均给分）（5）（6）4（7）10【解析】（1）根据A的分子式C7H8，结合A→B反应条件及B的结构分析可得A的结构简式为。即A的名称为甲苯。（2）A→B为甲苯在酸性条件下氧化为苯甲酸，C+D→E的反应结合反应物及生成物结构分析可得，此反应产生了酰胺键，即发生了取代反应。（3）根据E的结构简简式可得分子中的含氧官能团为羟基、醚键、酰胺键。（4）根据反应条件NaOH、甲醇，结合产物结构简式分析可得F→G发生了消去反应：根据信息：G转为H经历了两步，若第一步发生加成反应，第二步发生取代反应，因为产物结构中I连接位置及-N3（第二步取代反应时是-Cl被取代-N3），则第一步反应得到的产物结构简式为：（6）根据手性碳原子的概念：碳原子上连接有4个不同原子团，结合D的结构分析，下图中标有*的碳原子为手性碳原子：，故手性碳原子数为4个。（7）根据C的分子结构结合不饱和度分析，I的结构中含有两个、1个-CHO、1个-COOH，可理解为苯环上的氢原子被-CHO、-COOH、取代，即苯环上ABC型的三取代，共10种同分异构体；根据氧化后为二元羧酸及核磁共振氢谱数目及比例，确定氧化生成的二元羧酸有高度对称性，从而确定满足条件的I的结构简式为：。