河北省“五个一”名校联盟2023届高三年级联考（2022.12）物理试卷答案一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．【答案】C【详解】A．根据质量数和电荷数守恒，可判断X是He，氦核流的贯穿能力很弱，电离能力很强，故A错误；．234比238更稳定，则比结合能更大，故错误；B92U94PuB．因为释放能量，存在质量亏损，所以234的核子平均质量小于238，故正确；C92U94PuCD．原子核半衰期与外界环境无关，故D错误。故选C。2．【答案】Dx4.8【详解】由题意可得，排球恰好到达网正上方的时间为ts0.3sv161此时间内排球下降的高度为hgt20.45m2因为h3.2m2.24m0.96m0.45m2h'23.2所以球越过了网，且落地时间为t's0.8sg10则落地的水平位移为x'vt'160.8m12.8m因为击球点到对方底线的距离为x''4.8m9m13.8m>12.8m即球落在对方场地内。故选D。3．【答案】B高三年级五校联考物理试卷答案第1页（共12页）【详解】双星系统两个恒星的角速度相同，周期相同，设恒星A和恒星B的轨道半径分别m2m42为rA和rB，对A根据万有引力提供向心力得Gmr对B根据万有引力提供L2T2Am2m42232GmT向心力得G2mr又LrArB联立解得rL2T2BA92故B正确，ACD错误。故选B。4.【答案】D【详解】A．时间t内射到平整元件上的光能为WPt每个光子的能量为cEmc2hhWP则该激光器单位时间内发出的光子数n故A错误；EthccB．入射光的频率为0.61015Hz入射光的频率小于金属钨的截止频率，不能发生光电效应，故B错误；C．入射光子的能量Eh41019J光子能量小于处于第一激发态的氢原子的电离能，不能使其电离，故C错误；D．对时间Δt内发出的光子，根据动量定理hFtntFP可得P3.33Pa故D正确。故选D。mScS5.【答案】C【详解】A．φ－x图像的斜率表示电场强度，所以由题图可知x3处电势φ最高，电场强度最小为0，A错误；BC．由于沿着电场线方向电势逐渐降低，则0～x3电场线方向指向x轴的负方向，x3～＋∞，电场线方向指向x轴的正方向，并且在x3处电势φ最高，电场强度最小为0，根据点电Q荷场强公式E＝k由近小远大规律可知，Q1的电荷量大于Q2的电荷量，并且Q1带正电，r2Q2带负电，所以B错误，C正确；高三年级五校联考物理试卷答案第2页（共12页）D．电子从x1处沿x轴移动到x2处，电场力做负功，电势能增加，所以D错误。故选C。6．【答案】B【详解】A．由图可知，图乙中间部分等间距条纹，所以图乙是光的双缝干涉图样，当光通过狭缝时，同时也发生衍射，故A正确；B．狭缝越小，衍射范围越大，衍射条纹越宽，遮住一条狭缝，另一狭缝宽度增大，则衍射现象减弱，图丙中亮条纹宽度减小，故B错误；LC．根据条纹间距公式x可知照射两条狭缝时，增加L，其他条件不变，图乙中相d邻暗条纹的中心间距增大，故C正确；D．照射两条狭缝时，若光从狭缝S1、S2到屏上P点的路程差为半波长的奇数倍，P点处一定是暗条纹，故D正确。故选B。7.【答案】C【详解】小物块B紧贴着物块A由静止释放，根据题意，设PQ的距离为x，由能量守恒定律得13mv2E3mgxsin2p将小物块B从斜面上距P点为d的S点由静止释放，设小物块B到达P点时的速度为v1，根据动能定理有122mv2mgdsin21设物块B运动到P点与物块A粘在一起时的速度为v2，根据动量守恒定律有2mv13mv2设两物块一起运动到Q点时的速度为v3，根据能量守恒定律有1213mvE3mv23mgxsin23p22联立解得8vv2gdsin39故ABD错误，C正确。故选C。高三年级五校联考物理试卷答案第3页（共12页）二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.【答案】BD【详解】A．由u=12sin100πt可知100，由2f得f50Hz，一个周期内交变电流两次达到最大值，所以每秒会点火100次，故A错误；1B．理想交流电压表V的示数是正弦式交流电压的有效值，为最大值的，所以示数为262伏，故B正确；C．转换器损坏，可能无法将直流电压转换成正弦式交变电压，变压器不能变压，故C错误；U1n1D．根据理想变压器工作原理，U1=62，U2=92kVU2n2解得U1:U2=1:1500则要使点火装置正常工作，变压器原、副线圈的匝数之比不能超过1:1500，故D正确。故选D。9.【答案】BCDLL【详解】A．在2时间内，根据法拉第电磁感应定律得知，线框中产生的感应电动势vvLLEBLv保持不变；在23时间内，线框开始进入第二个磁场时，两端同时切割磁感线，vv电动势方向相同，串联，电路中总的感应电动势应为2BLv，故A错误；LLLLB．在2时间内，磁通量BSBL（vt）随着时间均匀增大，在t2时刻，线vvvvL3L框完全进入第一个磁场，磁通量为BL2；在2·时间内，线框从第一个磁场开始进入v2v3L第二磁场，磁通量存在抵消，磁通量均匀减小，在t·时刻，当线框从一种磁场进入另2v高三年级五校联考物理试卷答案第4页（共12页）3LL一种磁场正好处于一半时，磁通量为零；在·3时间内，磁通量反向均匀增大，在2vvLLLt3时刻，线框完全进入第二个磁场，磁通量反向最大为BL2；在34时间内，线vvvL框穿出第二个磁场，磁通量均匀减小，在t4时刻，磁通量为零，故B正确；vBLvIC．当线框运动L时，右边开始切割磁感线，产生EBLv的电动势，电路中电流R根据右手定则判断可知，感应电流的方向沿逆时针，为正；当向右再运动L时，线框两边均切割磁感线，由于磁场反向，故回路中总的电动势大小为E'2BLv此时电流的方向沿顺2BLvI时针，为负，电流大小为R当线圈再向右运动L过程中，只有左侧切割磁感线，BLvI此时，电动势为EBLv感应电流大小R方向沿正方向，故C正确；LLBLvB2L2v2LLD．在2时间内，PFvBILvBLv在23时间内vvRRvv2BLvB2L2vPFv2BLv4RRLLBLvB2L2v2在34时间内PFvBILvBLv故D正确。故选BCD。vvRR10.【答案】AC【详解】设磁场方向与水平方向夹角为θ1，θ1<90°;当导体棒加速且加速度最大时，合力向右最大，根据左手定则和受力分析可知安培力应该斜向右上方，磁场方向斜向右下方，此时有Fsin1mgFcos1ma1令1cos=1+2sin=1+2根据数学知识可得高三年级五校联考物理试卷答案第5页（共12页）2F1sin1+=mgma1则有mgma1sin1+=1F12同理磁场方向与水平方向夹角为θ2，θ2<90°，当导体棒减速，且加速度最大时，合力向左最大，根据左手定则和受力分析可知安培力应该斜向左下方，磁场方向斜向左上方，此时有Fsin2+mgFcos2ma2有2F1sin2+=ma2-mg所以有ma2-mgsin2+=1F12当加速或减速加速度分别最大时，不等式均取等于，联立可得3=3带入1cos=1+2可得α=30°，此时1=2=60加速阶段加速度大小最大时，磁场方向斜向右下方，有=1=60减速阶段加速度大小最大时，磁场方向斜向左上方，有高三年级五校联考物理试卷答案第6页（共12页）=2=120故AC正确，BD错误。故选AC。三、非选择题：本题共5小题，共54分。d11．【答案】①.（1分）②.2（2分）③.2（2分）tbdbd2a2gx【详解】（1）[1]由于通过光电门的时间极短，可以将通过光电门的平均速度看做瞬时速度，d为vt1（2）[2][3]根据动能定理得Emgxmv2p21d2代入速度得Emgxmp2t212E12gx整理得pt2d2md2则结合图像得2gxbd2图像的斜率b2Ekpad2解得bd2bd2Ep2gx2a12.【答案】①.0.869（范围：0.867-0.870）（2分）②.B（2分）③.D（2分）④.最左端（2分）⑤.Ub-RA（2分）【详解】（1）螺旋测微器读数为0.5mm+36.9×0.01mm=0.869mm（2）选用内阻已知的电流表可以通过计算消去电流表分压引起的系统误差，故电流表选高三年级五校联考物理试卷答案第7页（共12页）择B。滑动变阻器采用分压接法，故用总电阻较小的D。（3）为使开始时电压表的读数为零，闭合电键之前，滑动变阻器的滑片应滑到最左端。（6）根据题意有UI(RRxRA)11RRRxAIUU结合图像可知RRxAbU解得RxUbRA13．【答案】（1）21℃；（2）230；7【详解】（1）气体的初状态压强为p01.310Pa温度为T0273K气体末状态的压强为7p11.410Pa大钢瓶内气体体积不变，根据查理定律有pp10(2分)T1T0可得T1294K则在上海检测时钢瓶所处环境温度为t294273℃21℃（2分）（2）根据题意有，气体原来的体积为V150L气体分装后的一个小瓶的体积为V210L气5体分装后的一个小瓶的气体压强为p2310Pa大刚瓶内剩余气体的压强为5p3210Pa大钢瓶内剩余气体的体积为V350L设一个大钢瓶可分装n个小瓶供病人使用，根据玻意耳定律有p1V1np2V2p3V3（2分）高三年级五校联考物理试卷答案第8页（共12页）解得n230（2分）故一个大钢瓶可分装230个小瓶供病人使用。14.【答案】（1）1400N；（2）4.05m【详解】（1）由机械能守恒定律，有1mgl(1cos)mv2（2分）1211解得v110m/s绳子对男演员拉力为T，根据牛顿第二定律v2Tmgm1（2分）11l解得T1400N（1分）男演员对绳子的拉力为T，根据牛顿第三定律TT1400N（1分）（2）女演员抱住男演员的过程中动量守恒，有m1v1m2v2m1m2v（2分）解得v9ms由能量守恒定律有1mmv2mmgh（2分）21212解得h4.05m（1分）高三年级五校联考物理试卷答案第9页（共12页）2mv02mv072mv011m2L15.【答案】（1）E；（2）≤B≤；（3）tt1t2qsqL4qL6qB06v0【详解】（1）小球在第Ⅱ象限内做类平抛运动，根据运动学规律有s=v0t①（1分）v0tanat②（1分）由牛顿第二定律有qE=ma③（1分）mv2联立①②③式解得E0④（2分）qs（2）设小球通过M点时的速度为v，由类平抛运动规律有vv02v⑤（1分）cos0小球垂直磁场方向进入两板间做匀速圆周运动，轨迹如图1所示。图1由牛顿第二定律有高三年级五校联考物理试卷答案第10页（共12页）v2qvBm⑥（1分）Rmv解得B⑦qR小球刚好能打到Q点时，磁感应强度最大，设为B1，此时小球的轨迹半径为R1，由几何关系有RLR11⑧（1分）Ld2R1R14解得RL⑨1772mvB0⑩（1分）14qL小球刚好不与C2板相碰时磁感应强度最小，设为B2，此时小球的轨迹半径为R2，由几何关系有R2=d1=L（分）⑪12mv解得B0（分）2qL⑫12mv72mv综合得磁感应强度的取值范围是0≤B≤0（分）qL4qL⑬1（3）小球进入磁场做匀速圆周运动，设半径为R3，周期为T0，同（2）理有v2qvBm