届高三三月联合测评2025物理试卷参考答案与解析一、选择题:本题共10小题,每小题4分,共40分。在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目要求,第8~10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。武汉乐学教育题号12345678910答案ACBDAADBCBCBD答案1.【】A解析由质量数守恒和核电荷数守恒知是234选项正确γ射线穿透能力很强但电离作用很【】X292U,A;,弱选项错误半衰期是大量原子核衰变的统计规律对少量原子核不适用选项错误238的比,B;,,C;294Pu结合能大于234的比结合能选项错误武汉乐学教育292U,D。答案【】2.C解析第一宇宙速度是卫星在地球发射的最小速度也是卫星绕地球做圆周运动的最大环【】7.9km/s,绕速度月面上升阶段上升器要脱离月球其起飞速度至少要达到月球上的第一宇宙速度并不是地。,,,球上的第一宇宙速度选项错误上升器与轨返组合体交会对接后组合体的轨道半径不/,;,7.9kmsA变故运动周期不变选项错误第二宇宙速度是卫星脱离地球引力束缚的最小发射速,,;/B11.2kms度轨返组合体进入月地转移时是从月球轨道向地球运动其速度不能超过否则会脱离,,,11.2km/s,地球引力范围无法回到地球选项正确返回器采用半弹道跳跃式再入大气层方式返回在大气层,,C;,中会受到空气阻力空气阻力会对返回器做功机械能不守恒选项错误,,,D。答案3.【】B解析由原线圈电压表达式UtV知交流电的频率f理想变压器不改变交【】=2202sin(100π),=50Hz,Un流电的频率所以副线圈中电流的频率也为选项错误由理想变压器电压比公式11副,,;Un,50HzA2=2线圈上电压有效值为选项正确已知充电功率P副线圈电压有效值根据48V,B;=11kW=11000W,nPUI解得副线圈电流I110001375由理想变压器电流比公式I2I解得原线圈电=22,2==A。1=n2,4861Un流选项错误根据理想变压器电压比公式11增加原线圈匝数n副线圈电压U会减,;Un,1,250AC2=2小充电功率会减小选项错误,,D。答案4.【】D解析已知质点Q的振动方程为yπt在t时刻质点Q沿y轴正方向振动根据【】=20sin()cm,=0,。6上下坡法可知该波沿x轴负方向传播选项错误由质点Q的振动方程可得ωπ周期T“”,,A;,=,=6物理试卷参考答案与解析第页共页1(6)λ2π由波的图像可知波长根据波速公式v解得v选项错误波沿x=12s。λ=12m,=T,=1m/s,B;ω轴负方向传播t时刻质点P在平衡位置t所以P点未回到平衡位置选,,,,y,,=0=4s=-103cm项错误从t到t质点Q通过的路程s选项正确C。=0=5s,=20+10=30cm,D。答案5.【】A解析如图所示AB为经玻璃砖上表面的反射光FC为经玻璃砖下表面【】,,的反射光由反射定律折射定律有GF与BC平行且相等GFBD,、,,=-GFCD所以AF则光在A点的折射角=23cm,tan30°=AF,=6cm,tanγ=AF2解得γ即sin(90°-30°)6选项正确d,=45°,n==,A。sinγ2答案6.【】A解析如图为玻璃杯受力由平衡条件知mgFf且Ff两个摩擦力都恰【】,+1=2,2=1,mg好达到最大静摩擦力时fμFfμF联立解得μ选项正,11,22,F,===1+1>1A确由平衡条件拇指所受的摩擦力f大于玻璃杯的重力mg选项错误增加拇指;,2,B;与杯的弹力F食指所受的摩擦力f变大选项错误增加食指与杯的弹力F2,1,C;1,拇指所受的摩擦力f变大选项错误武汉乐学教育2,D。答案7.【】D解析金属棒沿顺时针匀速转动时由右手定则金属棒中的电流方向为AO选项错误由左手【】,,→,A;定则金属棒受到的安培力沿逆时针方向俯视选项错误设每一极端小段的金属棒产生的感应电,(),B;a动势大小为e有eBrωr则整根金属棒的感应电动势的大小为EBωr2dr1Kωa3选项正,=,=∫=,D03EKωa3确金属棒中电流的大小I选项错误排除选项的方法若磁场为匀强磁场设磁;=R=R,C。(C:,3ωaKωa3感应强度大小为Ka则EKaa而据题目描述的磁场电动势应比之大选项错误,==,,,C)22答案8.【】BC解析空气阻力大小满足fkvkah2a为常数质量mbh3b为常数由牛顿第二定律【】=,=(),=(),avmgθmgθfma解得agθgθ显然速度越大加速度越大选项正确sin-cos-=,=sin-cos-bh。,,,A,选项错误质量越大h越大加速度越大选项正确选项错误B;,,,C,D。答案9.【】BC解析等量同种正点电荷中垂线上由COD电场强度的分布规律增大减小O点为零增大【】→→,:→()→减小由Eqma小球的加速度大小变化增大减小O点为零增大减小选项A错误由对→,=,:→()→→,;Qq称性vDvc选项正确移走A小球竖直方向上受力Nmgkθθ由r,==0,B;,=+r2sin(45°→90°→45°,先减小再增加则杆对小球的作用力N先增大后减小选项正确移走B小球竖直方向上受力),,C;,QqQqNkθmgθ由r先减小再增加由于k与mg的大小关系未知则杆对小+r2sin=(45°→90°→45°,),r2,球的作用力N大小无法判断选项错误,D。物理试卷参考答案与解析第页共页2(6)答案10.【】BD解析位置位置初速度大小不同水平方向匀速运动时间不同在位置就不会在位置再次【】2→3,,,2,3相遇选项错误小球a从小球b从Pt相同水平方向上xaxb2Lvot小球,A;1→3、→3,1,1-1==61;7a从小球b从Qt相同水平方向上xaxb4Lvot小球a从小球b从1→5、→5,2,2-2==62;1→7、7Mt相同水平方向上xaxb6Lvot易得ttt又tt所以t→7,3,3-3==63;1∶2∶3=1∶2∶3,3=,3=7L2txaxaxa又xaL所以xxx选项BD正确小球a从,1∶2∶3=1∶2∶3,3=,13=35=57=,、;1→2、33小球b从Pt相同水平方向上2Lvot小球a从小球b从Qt相同水平方向上→2,4,=84;1→4、→4,5,74Lvot小球a从小球b从Mt相同水平方向上6Lvot易得ttt=85;1→6、→6,6,=86;4∶5∶6=77L所以xxx又xxxxL所以xxx选项错误1∶2∶3,12=24=46,12+24+46+67=,12=24=46<,C。3二、非选择题:本题共5小题,共60分。11分.(6)d分(1)Δt(2)mgkmmd222-(1+2)分(2)mg(2)21偏大分(3)(2)解析【】d小车通过光电门时的速度大小v(1)=Δt;d2aakd2由运动规律aL得12L图线斜率k2所以a由牛顿第二定律(2)2=(Δt)-0Δt2=d2,=d2,=;2mgkmmd2mgμmgmma可得μ22-(1+2)2-1=(1+2),=mg;21设空气阻力绳与滑轮间的摩擦力为f由牛顿第二定律mgμ真mgfmma得(3)、,2-1-=(1+2)mgkmmd2fμ真22-(1+2)μμ测所以求出的动摩擦因数偏大=mg-mg<=,。21112分.(10)分分不扣分(1)×1(2)11.0(2,11)分分分(2)A1(2)10(2)4.0(2)解析武汉乐学教育【】用多用电表的欧姆挡位测量待测电阻发现指针偏转角很大应改用低倍率挡挡测()“”,,“”1×10×1量表盘读数则电阻Rx;11.0,=11.0×1Ω=11.0Ω;物理试卷参考答案与解析第页共页3(6)IRr由表的量程应比表的大所以表应选表应选1()IYIXIRxYXYAXAII+(2)=+,,2,1;2=1+RxIRxrRxr2得1R+由图线知直线斜率k11所以Rx截距b.+所以rIRxRx,Rx,Rx1=+===10Ω=14==104.0Ω。13分.(10)初始时活塞受力平衡有(1),,pSpSmg分1=0+……………………………………………………………………………………(2)解得p5分1=1.25×10Pa…………………………………………………………………………………(2)活塞达到卡槽前压强恒为p气体等压变化(2)1,H3S·HS4分TT………………………………………………………………………………………()0=12解得T4TT分1=0<20……………………………………………………………………………………(1)3活塞达到卡槽后体积不变有,pp12分T=T……………………………………………………………………………………………(2)120解得武汉乐学教育p5分2=1.875×10Pa…………………………………………………………………………………(1)14分.(16)解粒子在电场中做类平抛运动从P点运动到Q点的时间为t沿x轴正方向做匀速直线运:(1),1。动有,Lvt分=01………………………………………………………………………………………………(2)沿轴负方向做匀加速直线运动有y,yP1vyt分=1…………………………………………………………………………………………(2)2由题意vyθ分v……………………………………………………………………………………………()tan=01解得yP3L分=……………………………………………………………………………………………(1)2粒子在第四三象限做匀速圆周运动在第二象限做类斜抛运动刚好能回到P点由对称性可(2)、,,。知粒子在磁场中做圆周运动的半径,Lr23分=……………………………………………………………………………………………(2)3由牛顿第二定律物理试卷参考答案与解析第页共页4(6)mv2qvB1分1=r…………………………………………………………………………………………(2)解得mvB30分=qL……………………………………………………………………………………………(2)粒子在第四三象限做匀速圆周运动的时间为t则有(3)、2,rt22π分2=·v…………………………………………………………………………………………(1)31粒子在第二象限从N点到P点的运动的时间t与粒子在第一象限运动的时间相等有3。ttt分=21+2……………………………………………………………………………………………(1)解得Lt(18+43π)分=v……………………………………………………………………………………(2)9015分.(18)B沿斜面下滑由牛顿第二定律(1),mgma分sinθ=…………………………………………………………………………………………(2)B运动至斜面底端与A第次碰撞前的速度大小为v由运动学公式,1'2,v'2v2aL分2-2=2……………………………………………………………………………………(2)解得v'分2=8m/s…………………………………………………………………………………………(1)A与B第次碰撞后速度大小分别为vv由动量守恒定律和能量守恒定律有以向右为正(2)1,A1、B1,,(方向)mvmvmvmv分21+'2=2A1+B1………………………………………………………………………(2)1mv21mv21mv21mv2分21+2'=2A1+B1………………………………………………………(2)2222解得v分A1=-3m/s………………………………………………………………………………………(1)v分B1=12m/s…………………………………………………………………………………………(1)B以速度v沿斜面上滑由牛顿第二定律(3)B1,mgmgmasinθ+μcosθ='由运动学公式v2asB1=2'1B运动至斜面底端速度大小为v由运动学公式,'B1,v2as'B1=21解得v1v'B1=B12以此类推每次滑下斜面的速度是其滑上斜面速度大小的1分,B。………………………………(2)2因此在第二次碰前,物理试卷参考答案与解析第页共页5(6)v1v3v1v'A1=A1=m/s,'B1=B1=6m/s