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天津市耀华中学2024届高三上学期暑期学情反馈数学试题(解析版)
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天津市耀华中学2024届高三年级暑期学情反馈数学学科试卷本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共150分,考试用时120分钟.祝同学们考试顺利!第Ⅰ卷(选择题共45分)一、选择题:本大题共5小题,每小题5分,共45分.在每小题给出的四个选项中,有且只有一项是符合题目要求的,请把正确答案填涂在答题卡上.2U2,1,0,1,2,3A=-1,2Bxx4x30ðAB1.设全集,集合{},,则U()A.1,3B.0,3C.2,1D.2,0【答案】D【解析】【分析】求出集合B,根据集合并集与补集运算求解.【详解】方程x24x30的两根分别为1,3,故Bxx24x301,3,所以AB1,1,2,3,ðUAB2,0.故选:D2.设xR,则“x25x0”是“|x1|1”的A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】分别求出两不等式的解集,根据两解集的包含关系确定.【详解】化简不等式,可知0x5推不出x11;由x11能推出0x5,第1页/共18页学科网(北京)股份有限公司故“x25x0”是“|x1|1”的必要不充分条件,故选B.【点睛】本题考查充分必要条件,解题关键是化简不等式,由集合的关系来判断条件.2x33.函数y在6,6的图像大致为()2x2xA.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据函数的奇偶性以及特殊点的函数值确定正确答案.2x3【详解】设fx,fx的定义域为R,2x2x2x3fxfx,所以fx是奇函数,2x2x图像关于原点对称,C选项错误.2431282048f47.97441,所以BD选项错误,A选项正确.221625716故选:A4.某部门随机调查了90名工作人员,为了了解他们的休闲方式是读书还是健身与性别是否有关,得到的数据如列联表所示.若认为性别与休闲方式有关,则此时犯错误的概率不超过()休闲方式性别合计读书健身女生25(a)20(b)45男生15(c)30(d)45合计405090第2页/共18页学科网(北京)股份有限公司nadbc2附:K2,nabcd,abcdacbdPK2k0.0500.0100.001k3.8416.63510.828A.0.01B.0.05C.95%D.99.5%【答案】B【解析】【分析】计算K2的值,由此确定正确答案.90253020152【详解】依题意,K24.53.841,40504545所以犯错误的概率不超过0.05的情况下,认为性别与休闲方式有关.故选:Baa3b5.已知25,log83b,则4()255A.25B.5C.D.93【答案】C【解析】【分析】根据指数式与对数式的互化,幂的运算性质以及对数的运算性质即可解出.a214a25225【详解】因为a,,即3b,所以a3b.25blog83log232343b223423b39故选:C.16.已知alog2e,bln2,clog1,则a,b,c的大小关系为23A.abcB.bacC.cbaD.cab【答案】D【解析】【详解】分析:由题意结合对数函数的性质整理计算即可求得最终结果.第3页/共18页学科网(北京)股份有限公司详解:由题意结合对数函数的性质可知:11alog2e>1,bln20,1,clog1log23log2e,log2e23据此可得:cab.本题选择D选项.点睛:对于指数幂的大小的比较,我们通常都是运用指数函数的单调性,但很多时候,因幂的底数或指数不相同,不能直接利用函数的单调性进行比较.这就必须掌握一些特殊方法.在进行指数幂的大小比较时,若底数不同,则首先考虑将其转化成同底数,然后再根据指数函数的单调性进行判断.对于不同底而同指数的指数幂的大小的比较,利用图象法求解,既快捷,又准确.7.甲罐中有5个红球,2个白球和3个黑球,乙罐中有4个红球,3个白球和3个黑球.先从甲罐中随机取出一球放入乙罐,分别以A1、A2和A3表示从甲罐中取出红球、白球和黑球,再从乙罐中随机取出一球,以B表示从乙罐中取出的球是红球,则下列结论中正确的是()9455A.PBB.PBA1C.PBA2D.PBA322111111【答案】A【解析】【分析】根据全概率公式求得PB,结合条件概型的知识确定正确答案.55549【详解】依题意,PB,A选项正确.523433152343312255PBA1,B选项错误,43311144PBA2,C选项错误,43311144PBA3,D选项错误.433111故选:A8.设函数fx的定义域为R,fx1为奇函数,fx2为偶函数,当x1,2时,29f(x)axb.若f0f36,则f()29375A.B.C.D.4242【答案】D【解析】第4页/共18页学科网(北京)股份有限公司【分析】通过fx1是奇函数和fx2是偶函数条件,可以确定出函数解析式fx2x22,进而利用定义或周期性结论,即可得到答案.【详解】[方法一]:因为fx1是奇函数,所以fx1fx1①;因为fx2是偶函数,所以fx2fx2②.令x1,由①得:f0f24ab,由②得:f3f1ab,因为f0f36,所以4abab6a2,令x0,由①得:f1f1f10b2,所以fx2x22.思路一:从定义入手.9551ff2f2f22221335ff1f1f22225113ff2f2=f2222935所以ff.222[方法二]:因为fx1是奇函数,所以fx1fx1①;因为fx2是偶函数,所以fx2fx2②.令x1,由①得:f0f24ab,由②得:f3f1ab,因为f0f36,所以4abab6a2,令x0,由①得:f1f1f10b2,所以fx2x22.思路二:从周期性入手由两个对称性可知,函数fx的周期T4.9135所以fff.2222第5页/共18页学科网(北京)股份有限公司故选:D.【点睛】在解决函数性质类问题的时候,我们通常可以借助一些二级结论,求出其周期性进而达到简便计算的效果.aex,x19.已知函数f(x)x(a0)图象上存在关于y轴对称的两点,则正数a的取值范围是()ln,x1a111A.(e,)B.0,C.,eD.,eee【答案】B【解析】x【分析】先分析fx的单调性,可得对称点分别位于yaexx1与ylnx1的图象上,从而ax0x0x得到aelnx1,进而利用同构法,构造函数(x)ex得到lnalnx0x0,再构造函数a0h(x)lnxx,x(1,),由此得解.aex,x1【详解】因为f(x)x(a0),ln,x1a所以当x1时,fxaex在,1上单调递减;x当x1时,fxln在1,上单调递增;a又f(x)的图象上存在关于y轴对称的两点,x所以这两个对称点分别位于yaexx1与ylnx1的图象上;axx设Px0,y0在yln(x1)的图象上,则Px0,y0在函数yae的图象上,且x01,ax故有aex0ln0x1,即ex0lnalnalnx,a00x0lnalnx0进而elnax0x0lnx0elnx0;x设(x)ex,则lnax0lnx0,又(x)ex10恒成立,故(x)在R上单调递增,所以lnax0lnx0,即lnalnx0x0,1x令h(x)lnxx,x(1,),则h(x)0在(1,)上恒成立,x第6页/共18页学科网(北京)股份有限公司故h(x)在(1,)上单调递减,1故h(x)h11,则lna1,于是0a.e故选:B.x【点睛】关键点睛:本题解决的关键在于利用同构法,将aex0ln0x1转化为a0x0lnalnx0xelnax0elnx0,从而构造了函数(x)ex,由此得解.第Ⅱ卷(非选择题共105分)二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共计30分.不需写出解答过程,请把答案填在答案纸上的指定位置.210.已知1iz32i(i为虚数单位),则z________.3【答案】1i2【解析】【分析】利用复数乘法、除法运算求得正确答案.【详解】依题意1i2z32i,32i32i32i2i46i3则z1i.1i22i2i2i423故答案为:1i2211.(x)6的展开式中常数项为______.x【答案】60【解析】【分析】先求出展开式的通项公式,再令x的指数为0,解出r,进而可求出常数项.3r226【详解】(x)6的展开式中的通项公式:TCr()6r(x)r(1)r26rCrx2.xr16x63r令-6=0,解得r=4.22∴(x)6的展开式中常数项为:(1)422C4=60.x6故答案为60.第7页/共18页学科网(北京)股份有限公司【点睛】本题考查了二项式定理,属基础题.12.将字母a、b、c、d、e、f排成一排,其中a必须在b的左边,则不同的安排方法有________.(用数字作答)【答案】360【解析】【分析】先安排a,b,然后排其它字母,由此计算出不同的安排方法.2【详解】先安排a,b,方法数有C6种方法,4再安排其它字母,方法数有A4种,24故不同的安排方法有C6A4360种.故答案为:36013.现有7张卡片,分别写上数字1,2,2,3,4,5,6.从这7张卡片中随机抽取3张,记所抽取卡片上数字的最小值为,则P(2)__________,E()_________.16125【答案】①.,②.##13577【解析】【分析】利用古典概型概率公式求P(2),由条件求分布列,再由期望公式求其期望.3【详解】从写有数字1,2,2,3,4,5,6的7张卡片中任取3张共有C7种取法,其中所抽取的卡片上的数字的最112112C4C2C416小值为2的取法有C4C2C4种,所以P(2)3,C735由已知可得的取值有1,2,3,4,2C61516P(1)3,P(2),C73535C23113,,P33P43C735C73515163112所以E()1234,3535353571612故答案为:,.357第8页/共18页学科网(北京)股份有限公司14.已知5x2y2y41(x,yR),则x2y2的最小值是_______.4【答案】5【解析】1y41y414y2【分析】根据题设条件可得x2,可得x2y2y2+,利用基本不等式即可求解.5y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