2023-2024学年10月三校联合考试（高2024届）物理试题卷（共4页，满分100分，考试时间75分钟）注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试题卷无效。一、单项选择题，本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列说法正确的是（ ）A.质点是用来代替物体有质量的点，任何物体都可以看成质点B.位移是由初位置指向末位置的有向线段，是矢量，路程是位移的大小，是标量C.瞬时速度的大小是瞬时速率，简称速率，平均速度的大小是平均速率D.加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，是速度的变化率，方向与速度变化量方向相同【答案】D【解析】【详解】A．质点是用来代替物体有质量的点，只有当物体的形状与体积对所研究的问题的影响可以忽略时，才能够将物体看为质点，并不是任何物体都可以看成质点，故A错误；B．位移是由初位置指向末位置的有向线段，是矢量，路程是标量，是物体运动轨迹的长度的大小，路程总是大于或等于位移的大小，只有当物体做单向直线运动时，位移大小才等于路程，故B错误；C．瞬时速度的大小是瞬时速率，简称速率，平均速度指总位移与总时间的之比，而平均速率指总路程与总时间之比，即平均速率大于或等于平均速度的大小，故C错误；D．根据加速度的定义式有vat可知，加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，是速度的变化率，方向与速度变化量方向相同，故D正确。故选D。2.图所示的vt图像中，表示了A、B、C三个物体的运动情况，下列说法正确的是（）A.A在爬坡，B在下坡，C在平直的路面上行驶B.三物体在t时刻在P点相遇C.B的加速度最大，A的加速度次之，C的加速度最小D.A的加速度为2ms2，B的加速度为1ms2，C的加速度为零【答案】D【解析】【详解】A．根据速度时间图像可知：A做匀加速直线运动，B做匀减速直线运动，C做匀速运动，无法确定A是否在爬坡，B是否在下坡，C是否在平直的路面上行驶，A错误；B．三物体在t时刻在P点速度相等，而不是相遇，B错误；CD．根据图像斜率表示加速度可知：A的加速度为2ms2，B的加速度为1ms2，C的加速度为0，所以A的加速度最大，C错误，D正确。故选D。3.关于相互接触的两物体之间的弹力和摩擦力，下列说法正确的是（ ）①两物体接触面上的摩擦力方向一定与弹力方向垂直②有摩擦力必有弹力，有弹力必有摩擦力③滑动摩擦力的大小与弹力的大小总是成正比④弹力有时是动力，有时是阻力，而摩擦力总是阻力A.③④B.①②C.①④D.①③【答案】D【解析】【详解】两物体接触面上的摩擦力方向一定与弹力方向垂直，则①正确；弹力是产生摩擦的条件之一，则有摩擦力必有弹力，有弹力不一定有摩擦力，②错误；根据fFN可知，滑动摩擦力的大小与弹力的大小总是成正比，③正确；弹力有时是动力，有时是阻力；摩擦力也是有时是动力，有时是阻力，④错误。故选D。4.利用传感器和计算机可以研究力的大小变化的情况，实验时让某消防队员从平台上跳下，自由下落，在t1时刻双脚触地，他顺势弯曲双腿，重心又下降了h。计算机显示消防队员双脚触地后重心下降h过程，他受到地面支持力F随时间变化的图像如图所示。根据图像提供的信息，以下判断正确的是（ ）A.在t1至t3时间内消防队员的重心在加速下降B.在t2至t4时间内消防队员的重心在减速下降C.t3时刻消防队员的速度达最大值D.t3时刻消防队员的加速度为零【答案】B【解析】【详解】AC．在t1至t2时间内消防队员失重，加速度向下，则其重心在加速下降；在t2至t3时间内消防队员超重，加速度向上，则其重心在减速下降，且t3时刻消防队员的速度不是最大，选项AC错误；B．在t2至t4时间内消防队员超重，加速度向上，则其重心在减速下降，选项B正确；D．t3时刻消防队员受地面的支持力最大，且大于重力，此时的加速度不为零，选项D错误。故选B。5.一个骑自行车的人由静止开始沿直线骑车，他在第1s内、第2s内、第3s内、第4s内通过的距离分别为：1m、2m、3m、4m。关于这个运动下列说法中正确的是（ ）A.4s末的瞬时的速度为2.5m/sB.第4s的平均速度为2.5m/sC.后2s内的平均速度为3.5m/sD.自行车作匀加速度直线运动【答案】C【解析】【详解】AD．根据第1、2、3、4秒内，通过的距离分别为1米、2米、3米、4米，无法判断自行车的运动性质，无法求出4秒末的瞬时速度，因为位移不满足1：3：5，所以一定不是匀加速直线运动，AD错误；B．根据速度定义式知第4s的平均速度为x4v4m/s4m/st1B错误；C．根据速度定义式知后2s内的平均速度为x3x434v34m/s3.5m/s2t2C正确；故选C。6.如图所示，物体放在斜面上，受竖直向下的压力F作用，处于静止状态，若增大力F，则下列说法错误的是（）A.物体对斜面的压力变大B.物体所受斜面的摩擦力变大C.物体所受合力不变D.物体将沿斜面向下运动【答案】D【解析】【详解】对物体受力分析，建立直角坐标系并将重力分解，如图所示：受竖直向下的压力F作用，处于静止状态，根据共点力的平衡可知(F+mg)sinθ=μ(F+mg)cosθ即sinθ=μcosθ当力F增加时，将F分解，则有：x轴FX=f-mgsinθ-Fsinθy轴FN=Fcosθ+mgcosθf=μFN=μ（Fcosθ+mgcosθ）则FX=μ（F+mg）cosθ-（mg+F）sinθ因sinθ=μcosθ，故当F增大时，支持力和摩擦力均变大，但x方向上的合力仍然为零，故物体仍能保持静止状态。故ABC正确，D错误。本题选错误的，故选D。7.重庆西至成都东的动车由10节车厢的动车组组成，其中1，2，6，8节车厢为动车，其余为拖车。假设每节车厢的质量相等，每节动车的牵引力为F，动车组在水平直轨道运行的过程中所受的阻力与车重成正比。当动车组做匀加速运动时，第3，4节车厢间的作用力与第7，8节车厢间的作用力之比为（ ）A.4∶1B.4∶3C.2∶3D.1∶1【答案】A【解析】【详解】对整体由牛顿第二定律得4F10kmg10ma对前三节车厢受力分析，由牛顿第二定律得2FT343kmg3ma联立解得4TF345对8，9，10节车厢由牛顿第二定律得FT783kmg3ma解得1TF785第3，4节车厢间的作用力与第7，8节车厢间的作用力之比为T434T781故选A。二、多项选择题∶本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。8.如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5、…所示小球运动过程中每次曝光的位置，连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d。根据图中的信息，下列判断不正确的是（ ）A.位置“1”是小球释放的初始位置B.小球做匀加速直线运动d7dC.小球下落的加速度为D.小球在位置“3”的速度为T22T【答案】A【解析】【详解】BC．由题图可知，小球在连续相等时间内的相邻位移差相等，且相等时间内通过的位移越来越大，所以小球做匀加速直线运动，根据xaT2可得小球下落的加速度为xdaT2T2BC正确；D．根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，小球在位置“3”的速度为x7dv2432T2TD正确；A．根据匀变速直线运动速度时间关系可得v3v1a2T又daT2联立解得小球在位置“1”的速度为3dv012T则位置“1”不是小球释放的初始位置，A错误。本题选择错误的，故选A。9.细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示。（已知cos53°=0.6，sin53°=0.8）以下说法中正确的是（ ）45A.小球静止时弹簧的弹力大小为mgB.小球静止时细绳的拉力大小为mg345C.细线烧断瞬间小球的加速度为gD.细线烧断瞬间小球的加速度为g3【答案】AD【解析】【分析】【详解】AB．小球静止时，分析受力情况，如图由平衡条件得，弹簧的弹力大小为4Fmgtan53mg3细绳的拉力大小为mg5FmgTcos533B错误A正确；CD．细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为F5aTgm3C错误D正确。故选AD。10.如图所示，传送带的水平部分长为L，传动速率为v，在其左端无初速度释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间可能是（ ）L2L2LLvA.B.C.D.vvgv2g【答案】BCD【解析】【分析】【详解】若木块在加速到v之前，就已经到达右端，则此种情况下木块一直做匀加速直线运动，过程中加速度mgagm根据1Lat22可得2Ltg若木块恰好到达右端时的速度为v，根据平均速度定义可得0vLt2解得2Ltv若木块在到达右端前，速度就已经和传送带速度相同了，故此种情况下，木块先做匀加速直线运动，后匀速运动，木块做匀加速直线运动的时间为vvt1ag匀加速直线运动的时间为v2v2x12a2g故木块做匀速直线运动的位移为x2Lx1匀速运动的时间为xLxt212vv联立可得总时间为Lvttt12v2g故BCD正确，A错误。故选BCD。【名师点睛】木块沿着传送带的运动可能是一直加速，也可能是先加速后匀速，对于加速过程，可以先根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据运动学公式求解运动时间。三、非选择题∶共57分。第11~15题为必考题，每个试题考生都必须作答，考生根据要求作答。11.(1)在《探究求合力的方法》的实验中，其中的二个步骤是：①在水平放置的木板上垫一张白纸并固定好，把橡皮条的一端固定在木板上，另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点和两个弹簧秤的读数F1和F2.②只用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与用两个弹簧秤拉时伸长量一样，记下此时弹簧秤的读数F和细线的方向。以上两步骤均有疏漏，请指出疏漏：在①中是____________________；在②中是_________________。(2)在做《互成角度的两个力的合力》实验时，F1和F2表示两个互成角度的力，F表示由平行四边形定则作出的F1与F2的合力；F′表示用一个弹簧秤拉橡皮筋时的力，则下图中符合实验事实的是（）A．B．C．D．【答案】①.记下两细线的方向②.还应将结点达到同一位置O点③.AC【解析】【分析】【详解】（1）[1]实验中我们需要根据两个分力的大小和方向做平行四边形，因此该实验中需要记录的是两个分力的大小和方向，所以①中的疏漏是：还应记下F1和F2的方向，即记下两细线的方向。[2]为了保证两次的作用效果相同，所以要把结点O拉到相同的位置，所以②中的错误是：应把结点O拉到相同的位置。（2）[3]该实验中F是由平行四边形法则得出的合力，而F′是通过实际实验得出的，故F′应与OA在同一直线上，而F与F1、F2组成平行四边形。故选AC。12.某同学在做“测定匀变速直线运动的加速度”实验时，从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条（每两点间还有4个点没有画出来），图中上部的数字为相邻两个计数点间的距离。打点计时器的电源频率为50Hz。（1）接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是______。A.先接通电源，后让纸带运动B.先让纸带运动，再接通电源C.让纸带运动的同时接通电源D.先让纸带运动或先接通电源都可以（2）如图所示是实验得到的一条点迹清晰的纸带，由这些已知数据计算：①该匀变速直线运动的加速度a=______m