{#{QQABJYiEogCgABBAARgCUQESCkAQkBECCAgGhAAIIAABSAFABAA=}#}{#{QQABJYiEogCgABBAARgCUQESCkAQkBECCAgGhAAIIAABSAFABAA=}#}{#{QQABJYiEogCgABBAARgCUQESCkAQkBECCAgGhAAIIAABSAFABAA=}#}{#{QQABJYiEogCgABBAARgCUQESCkAQkBECCAgGhAAIIAABSAFABAA=}#}高三期初质量检测试卷·物理参考答案一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分．题号12345678910选项CBBCACDBBC二、非选择题：共5题，共60分．其中第11题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位．11．(15分)dkd2（）（分）（）（分）（）（分）（）（分）118.332t33D342g3（5）不正确（1分），用图像法求解μ时，μ的大小根据图线的斜率求出，而题中所述L的测量偏差并不影响图像的斜率。（2分）12．（8分）12（分）(1)h=2gt············2t=1s············（2分）(2)F=max············（1分）2ax=10m/svx=axt=10×1=10m/s············（1分）vy=gt=10×1=10m/s············（1分）2222v=vy+vx=10+10=102m/s············（1分）13．（8分）（1）由P0=fvm或（P=Fv）············（1分）P得0（分）vm=f·············1由、（分）NP0=FvF-f=Ma·············1030Pf得a=0-··············（1分）MvM（2）对钢卷受力分析··············（1分）Ncos300=mgMg··············（1分）Nsin300=ma30（分）am=gtan30=3g··············123（分）N=3mg··············114．（13分）（1）由小球在O点恰好平衡可得{#{QQABJYiEogCgABBAARgCUQESCkAQkBECCAgGhAAIIAABSAFABAA=}#}mgFN……1分lFk……1分N22mgk……2分l（2）对小球受力分析如图l由胡克定律Fkf2sinPFNllmg水平方向有：Fkksin……1分FᶿN2sin2ABmgO可知小球在运动过程中杆对球的弹力不变故滑动摩擦力大小不变fmg……1分竖直方向由牛顿第二定律：Fcosmgfma……2分N由几何知识45og联立解得a……2分（3）设初速度大小为v0，小球从N到M由动能定理1flmglm330v2……2分20解得：v023gl……2分15．（16分）1（）小球从运动到，由动能定理21AB-μmgl=2mv-Ek0解得v=26m/s，2分（没有结果，有上式也得2分）v2根据F-mg＝m，2分r解得：F=0.4N1分（2）要求运动中，滑块不脱离轨道，设通过轨道BCD的最高点D的最小值速度为vD2vDmg＝mrvD=gR=22m/s2分（没有结果，有上式也得2分）11对DF过程mv22mv2mgr1分22DF在F点有vF2m/s1分1Emgl2mgRmv2所以滑块通过D点后肯定能通过F点，对A到D过程分析kD021分所以，Ek00.25J1分Emgl2mgR2mgr0（3）若小球恰好运动到F点，由动能定理得：p01分EJ0.61所以，k01分1小球恰好第二次运动到D点，有Emg32lmgRmv21分kD02EJp00.351分因此初动能Ek的范围为0.35JEJp00.611分{#{QQABJYiEogCgABBAARgCUQESCkAQkBECCAgGhAAIIAABSAFABAA=}#}