衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版衡水泰华中学决胜高考物理暑假必刷密卷第12套组编人：李朝阳做题时间：2022年__月___日,__：__—__:__校对人:石明超审核人：王娜实际得分：____家长签字(严禁代签):______电路和变压器专练A．电压表示数为2202V本试卷主要考察对电路和变压器的理解以及数形结合运算能力，变压器两端电路的动态分析，思维量较大，题型新颖，需静心专注仔细分析。B．热水器消耗的功率变大注意事项：C．变压器的输入功率变大1.本套密卷满分100分，做题所需时间90分钟；2.请一律用0.5或以上的黑色中性签字笔在规定的答题纸上做答，注意书写规范；D．副线圈两端电压的瞬时值表达式u＝442sin（50πt）V3.做题不改错，等于没有做！做完之后，要求依照答案用红笔自判所有主客观题，并算出3．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，实验器材如下：总得分，请家长签字确认，并在积累本进行认真的错题整改反思，并把本套题的主要收获、主要不足和反思写到每套题所附的反思纸上，开学上交。A．待测小灯泡（2.5V，0.5A）；第I卷（选择题）B．双量程电压表（中间接线柱3V；右边接线柱15V）；一、单选题（每题4分，共48分）C．双量程电流表（中间接线柱0.6A；右边接线柱3A）；．在图示电路中，电源内阻不可忽略，、R为定值电阻，为灵敏电流计，为理想电压表，平1R12GVD．滑动变阻器（20Ω，2A）；行板电容器两极板水平，开关S闭合后，位于电容器两板间的带电油滴恰好静止，现将滑动变阻器的E．电源（电动势约为3V，内阻未知）；滑片P向下移动，则以下说法正确的是（）F．电阻箱（9999.9Ω）；A．G中有从a到b的电流G．电键一个；导线若干。B．V示数增大C．油滴向上运动D．电源内阻消耗功率减小2．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为5：1，原线圈接交流电源和交流电压表，副线圈与热水器、抽油烟机连接．已知副线圈上的电压按图乙所示规律变化，现闭合开关S接通抽油烟机，小义同学某次测量结果如图，则此时电压表的示数为（）V；下列说法正确的是（）A．11.5B．2.20C．2.25D．2.154．如图所示的电路中，左侧电容器的电容大于右侧电容器的电容，图中滑动变阻器R1和R2的滑片都第1页共9页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版置于中间位置，若要两只电容器所带的电荷量相等，正确的做法是（）B．A1的示数变小C．V3示数变化量的绝对值与A2示数变化量的绝对值的比值不A．滑动变阻器R1滑片向左移动B．滑动变阻器R1滑片向右移动变C．滑动变阻器R2滑片向左移动D．滑动变阻器R2滑片向右移动D．V1与V2示数的比值等于A1与A2示数的比值5．图1是手机无线充电器的示意图，其原理如图2所示：当送电线圈接上220V的正弦交变电流后，8．如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数之比n1:n25:3，电阻R1R25Ω，交变电源的电压u随会产生一个变化的磁场从而使手机中的受电线圈中产生交变电流，该电流经过其他装置转化为直流电时间变化规律如图乙所示，A、A均为理想电流表。给手机充电，该装置实际上可等效为一个无漏磁的理想变压器：送电线圈的匝数为N1，受电线圈匝数12以下判断正确的是（）为N2，且N1:N244:1。若手机电阻为5Ω，当该装置给手机充电时，则（）A．断开开关S时，原线圈中的电流随时间变化的规律为i22cos100πt(A)B．闭合开关S，电流表A1的示数为0.6AC．闭合开关S前后，R2的电功率之比为4:1A．流过原、副线圈的电流之比为5∶1D．闭合开关S，原线圈输入功率增大B．受电线圈两端cd的输出电压为5V9．无线充电是近年发展起来的新技术，无线充电技术与变压器相类似，通过分别安装在充电基座和接C．充电时流过手机的电流为44A收能量装置上的线圈，利用产生的磁场传递能量，如图甲所示，充电基座接上220V、50Hz家庭用交D．保持ab端输入电压不变，若在充电时玩大型游戏（即增大手机用电功率），则受电线圈的输出电流电（电压变化如图乙所示），受电线圈接上一个理想二极管给手机电池充电。下列说法正确的是压将变大（）6．某理想变压器原、副线圈的匝数之比为10:1，当输入电压增加20V时，输出电压（）．乙图中的E的大小为A．增加200VB．增加2VC．降低200VD．降低2VA0220V7．如图所示是街头变压器通过降压给用户供电的示意图。变压器的输入电压是市区电网的电压，负载B．基座线圈和受电线圈通过互感实现能量传递变化时输入电压不会有大的波动。输出电压通过输电线输送给用户，两条输电线的总电阻用R0表示，C．手机和基座无需导线连接，这样传递能量没有损失变阻器R代表用户用电器的总电阻。如果变压器上的能量损失可以忽略，当用户的用电器增加时，下D．受电线圈交变电压的频率与基座线圈不相同列说法正确的是（）10．如图所示，理想变压器原､副线圈匝数之比为1∶2，原线圈与固定电阻R1串联后，接入输出电压有效值恒定的正弦交流电源。副线圈电路中负载电阻为可变电阻R2，V､A是理想电表，调节R2，使A．用户的用电器是串联的，R增大第2页共9页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版R22R1，闭合开关S，此时电流表的读数为1A，电压表的读数为4V。则（）R2的阻值均为R，忽略线框以及导线的电阻。下列说法正确的是（  ）A．电源输出电压为4VA．图示位置时，线框产生的感应电动势为NBSωB．电源输出功率为12WB．通过电阻R1的是交流电C．将R2调为8Ω时，变压器输出功率为8W4BSC．线框转一圈，通过电阻R的电量为q1R2222D．将R2调为8Ω时，电源输出功率为4.5W5NBSD．矩形线框的输出功率为9R．如图甲所示，电阻不计的矩形导体线圈固定在水平桌面上，线圈的匝数n100，所围成矩形的面11第II卷（非选择题）积2，线圈所在空间内存在着与线圈平面垂直且均匀分布的磁场，磁感应强度随时间按如图S0.42m二、解答题（共52分）乙所示的正弦规律变化。在线圈的右边接一含有理想变压器的电路，变压器原、副线圈的匝数比为13．（12分）如图所示，图（a）为灯泡工作电路，图（b）为电源的U-I图象。开关闭合，灯泡正常n:n2:1，灯泡标有字样，电流表和电压表均为理想电表。调节滑动变阻器的滑12L“36V18W”R工作，理想电流表的示数I=2A，求：动触头，当电流表示数为0.8A时，灯泡L刚好正常发光，则（  ）(1)电源的电动势E及内阻r；(2)电源的输出功率P。A．电压表的示数等于402VB．定值电阻R0的阻值为5ΩC．在磁感应强度变化的0～1.57102s时间内，通过小灯泡的电荷量为7.85103C14．（14分）甲图所示电路中，电源的路端电压随电流的变化图像如图乙。闭合开关，调节滑动变阻D．当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时，电流表的示数变大，电压表的示数变小器R的阻值改变电路中的电流，已知R的最大值为12Ω，定12．如图所示，矩形线框的匝数为N，面积为S，线框-5值电阻R0为6Ω，电容器的电容C为1.0×10F。所处磁场可视为匀强磁场，磁感应强度大小为B，线框（1）根据图乙求出电源的电动势E和内阻r；从图示位置开始绕轴OO以恒定的角速度ω沿逆时针方向转动，线框一端接换向器，通过电刷和外电路连接。（2）求定值电阻R0的最大功率Pm；（3）求R从12Ω减小到0的过程中通过R1的电荷量ΔQ。理想变压器原、副线圈的匝数比为3：1，定值电阻R1、第3页共9页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版16．（12分）某同学制作一个简易的手摇发电机，用总长为L的导线绕制成N匝正方形线圈，将线圈15．（14分）如图所示，理想变压器原线圈中输入电压U13300V，副线圈两端电压U2为220V，输放入磁感应强度为的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的轴OO以角速度匀速转动．发电机（内阻.B1出端连有完全相同的两个灯泡L1和L2，绕过铁芯的导线所接的电压表V的示数U2V求：可忽略）输出端和理想变压器原线圈相连，副线圈回路负载电阻为R，原、副线圈匝数比为1:4，其简（1）原线圈n1等于多少匝？化示意图如图，求：.（2）当开关S断开时，电流表A2的示数I25A则电流表A1的示数I1为多少？（1）发电机产生的电动势最大值Em；（2）电阻R消耗的电功率P。（3）在（3）情况下，当开关S闭合时，电流表A1的示数I1'等于多少？第4页共9页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版衡水泰华中学决胜高考物理暑假必刷密卷第(12)套答题纸姓名学号分数15．13．16．14．第5页共9页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版衡水泰华中学决胜高考物理暑假必刷密卷第十二套参考答案知，不会改变两电容器所带的电荷量，故CD错误．5．B【解析】A．原、副线圈的电流比等于匝数比的倒数，为1∶44，故A错误；1．A【解析】AB．滑动变阻器的滑片P向下移动，并联部分电路电阻减小，根据分压原理，有N2B．原、副线圈的电压比等于匝数比，所以受电线圈两端cd的输出电压为U2=U15VR并N1U并ER并R1rUC．充电时流过手机的电流为I21AR可知电压表示数减小，电容器两端电压减小，根据公式有QCUD．因为保持ab端输入电压不变，则受电线圈的输出电压将不变，与手机用电功率无关，故D错误。可知电容器极板上电荷要减小，有从a到b的电流出现，故A正确；B错误；UnUn2010．【解析】根据11得11即=解得U=2VC．对油滴进行分析可知，之前二力平衡，现在极板电荷量减小，导致极板间场强变小，电场力将小6B2U2n2U2n2U21于重力，故油滴将向下运动。故C错误；即输出电压增加2V，故B符合题意，ACD不符合题意。2．根据分压原理，外部电阻减小，路端电压减小，则内电阻电压增加，有U内DP内．【解析】．用户的用电器是并联的，当用户的用电器增加时，减小，故错误；r7CARAn12．C【解析】A．根据变压器电压与匝数关系，有U1U21100VU1n1n2B．根据变压器的电压之比等于匝数之比，由于原线圈电压不变、匝数比不变，则电压表V2U2n2则电压表示数为1100V，故A错误；的示数不变；当用户的用电器增加时，总电阻减小、总电流增大，所以A2的示数变大，根据理想变压B．接通开关，副线圈所接电路电阻减小，但是副线圈的电压并不变，根据分压原理，定值电阻所分In器的电流之比等于匝数的反比21，所以电流表的示数也增大，故错误；电压变大，热水器两端电压变小，所以消耗功率变小。故B错误；A1BI1n2C．接通开关，电流变大，电压不变，所以副线圈消耗的功率增大，输入功率等于输出功率，变压器C．对于副线圈所在的电路，根据闭合电路的欧姆定律可得U2＝I2R0+U3解得U3＝U2﹣I2R0U的输入功率增大。故C正确；3由于U2和R0为定值，则R0I22．由图乙可以知道，交变电流的峰值为，DUm2202ω100πrad/s．根据选项可知，与示数的比值等于与示数的比值，故错误。0.02DBV1V2A2A1D则副线圈两端电压的瞬时值表达式u＝sin（100πt）VUm22028．D【解析】A．由图乙可知，交变电源电压有效值为U110V23．D【解析】小灯泡额定电压是2.5V，实物连线图中电压表接线错误。电压表接3V量程，表盘的n理想变压器原、副线圈匝数之比为n:n5:3副线圈电压为U2U6V122n1最小分度为0.1V，读数读到下一位，所以图中示数为2.15V，故ABC错误，D正确。1UnI212断开开关S，电流表A的示数为I