物理答案1．B【解析】A．卢瑟福通过粒子散射实验，根据粒子的偏转情况，提出了原子的核式结构模型，故A错误；B.原子核衰变过程中，电荷数和质量数都守恒，B正确；C.半衰期是统计学概念，是大量原子核衰变要遵循的具体规则，C错误；D.比结合能越大，原子核中核子结合越牢固，原子核越稳定，故D错误；故选B。2．A【解析】球受重力、拉力和杆的弹力，根据平衡条件，杆的弹力与拉力、重力的合力等值、反向、共线，如图所示：拉力方向不变、大小变大，重力大小和方向都不变，根据平行四边形定则，两个力的合力大小逐渐增大，方向向右下方，根据平衡条件，杆的弹力斜向左上方，与竖直方向夹角增大，故A正确，BCD错误。故选A。．【解析】斜抛运动水平位移，为一次函数，故、错误；3CxvxtAB由动能表达式12122122，可得与时间的图像不是Ekmvmvxvymvxvy0gtEkt222一次函数，且过程中动能不为0，故D错误，C正确，故选C。4．D【解析】地球的第一宇宙速度是飞船贴近地球表面做匀速圆周运动的速度,飞船在轨道Ⅰ上的半径大于地球半径,可知飞船在轨道Ⅰ上的运行速度比地球的第一宇宙速度小,故A错误；飞船在轨道Ⅱ上运动的半长轴小于在轨道Ⅲ上运动的轨道半径,根据开普勒第三定律可知,卫星在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅲ上运行的周期，故B错误；根据G=ma,M�2得a=,可知飞船在轨道Ⅰ上A点的加速度等于飞船在轨道Ⅱ上A点的加速度,故�C错误；�M223�GMm4GMm2r空间站组合体在轨道Ⅲ时满足且，解得32m2r32mgT3r3T3RRg5．C【解析】A．图甲所示位置恰好为中性面，此时感应电流为零，A错误；B．图乙电流IIm52A的有效值为2，B错误；C．由图乙可知，交流电周期T为0.2s，因此频率1f5Hz，转速为5r/s，根据转速比为1：10,可知风力叶轮的转速为0.5r/s，C正T确；2D．由角速度10rad/s可知，电流的瞬时值表达式为i10cos10tA,D错误。T故选C。6．B【解析】A.因为O点电场强度不为0，所以可知AB是异种电荷，即B点场源电荷带负电。Ep所以，由=可知，电子的EPC1，所以光速变小；n313C.由几何关系有N点入射角等于60°，sin60=。又有sinC,故一定发生全2n3反射cx3rD.v，t，由几何关系有x=r，则t，故D正确nvc19．BD【解析】A.对滑块从A到C动能定理有：mg2hEmv2，所以有：kc2011E=mv2mv22mgh，A错误KC2c20mv2mv2B.对滑块在C点有Fmgc=3mg0NC2h2h211对滑块从A至D过程，动能定理有：mghmv2mv2，在D点有：2D2022mvDmv0Fmg3mg；所以FNCFNDNDhh14hC.vv24gh，从C飞出后做平抛运动有2hgt2，解得t，C02g4hSv24ghC0g22hv5ghS2hS6hSSD.同理有S=v2gh，当0时，C，D，所以CD，D0gD正确。110．BC【解析】设粒子第一次离开电场的速度大小为v，根据动能定理mv2qE2d解020qEd得v2，选项A错误；0m如图，粒子从上边界垂直QN，第一次离开电场后，垂直NP再次进入电场，故可知粒v2子在磁场中的运动轨迹半径为d，粒子在磁场中做圆周运动有Bqvm0，rd，解得0rmEB2，选项B正确；qd粒子第二次在电场中做类平抛运动，设时间为2dt3，沿y轴方向偏转位移为v0211Eq2ddyat2