2023学年第二学期浙江七彩阳光新高考研究联盟返校考高三年级物理答案及解析一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.答案A，解析：N、T为非国际单位制基本单位，根据单位制的量纲可得2.答案C，解析：研究物体运动时可以忽略物体线度就可以把物体看作质点，甲乙丁都与形状线度有关，不能看作质点3.答案D，解析：根据固体液体的性质可解析发生的现象，牛顿第三定律可得作用力与反作用力大小相等4.答案D，解析：根据光的折射定律越靠近地面折射率越大，光速与折射率有关v=c/n，越靠近地面速度越小5.答案D，解析：等效为电动势为U，内阻为R0的电源向外电路供电，外电阻等于内阻具有最大输出功率，变压器和变阻器电阻R组成的等效电阻为R/4,当R/4=R0时有最大输出功率，所以D正确1212126.答案B，解析：Pt–fx1=m푣2P-fx2=m푣-m푣两个方程比就可得x1:x2=1:22122217.答案C，解析：核反应根据质量数守恒和电荷数守恒可得Y为质子，根据核反应放出能量具有质量亏损，核子平均质量减小，核子比结合能增大。8.答案C，解析：雷达波发射的是电磁波，按匀变速规律计算可得结果퐵I9.答案D，解析：霍尔电势差U=K变阻器滑动触头向左滑动，电流变大，U变大，只与B、I、푑d有关，根据左手定则，载流子是电子，小磁体向上运动，B减小，霍尔电压将减小，푀푚푣210.答案D，解析：卫星运行速度小于第一宇宙速度，根据卫星运动向心力公式G=푚可得r푟2푟越大速度越小，卫星动能与质量有关，无法比较动能大小11.答案A，解析：光子△v的方向即为小球对光束作用力的方向，光子受力合力的方向向左偏下，则由牛顿第三定律可知，光束因折射对小球产生的合力的方向向右偏上。12.答案C，解析：光电效应K发出电子，到达电容器左极板，带负电，电容器充电电压达到一定值，回路就没有电流，光电效应对电容器充电时，回路有顺时针方向电流，停止照射，电容器不会放电，回路无电流。513.答案D，解析：上面小球静止合力为0，下面小球对地面压力为mg,相邻小球球心间距离为2R，4222上面小球与下面小球连线与竖直夹角为α，sinα=√cosα=√上面小球平衡有4Ncosα=mg，即N=√224√2mg下面各球N的水平分力Nsinα=√2F，绳子张力F=mg8二、选择题Ⅱ（本题共2小题、每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求的．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）14.答案BC，解析，设电子穿过界面后的速度为v2，由于电子只受法线方向的作用力，其沿界面切线方向速度不变。则vv1sin1=2sin2高三物理学科答案第1页共4页{#{QQABLYAAggiAAAAAAQhCQwV4CEMQkBAACIoOABAAMAIBiRNABAA=}#}11电子穿过界面的过程中，根据动能定理e(휑−휑)=m푣2−푚푣221222111或能量守恒，则memevv22−=−2211222e(−)可解得vv=+22121mv11sin则sin2=动能增加量为e(휑2-휑1)22()e21−v1+m第14题解图15.答案BC解析：两个波源起振方向相反，满足干涉条件，相遇叠加会发生干涉，x=20cm处相遇叠加后，振动加强，所以振幅为3cm，x=-10cm处相遇叠加振动加强，振幅为3cm三、非选择题（本题共5小题，共55分）16.（14分）Ⅰ答案（1）C（2分）（2）ABD（2分）（漏写得1分）（3）0.51（1分）0.79（1分）Ⅱ答案（1）（2分）第16II（1）题解图（2）2.48-2.50（1分）0.46（1分）（3）B（1分）（4）小（1分）Ⅲ答案B（2分）解析：A中连线是位置间距离，不是颗粒运动轨迹，B中痱子粉晒的太厚，测量的单分子油膜面积偏小，所以测量直径偏大，C中测量折射率两个界面可以不平行，D中条纹间距1变为原来两倍，双缝间距应为原来的217.（8分）푉푉퐿푙−퐿解：（1）等压变化1=2=（1分）푇0푇1푇0푇1得T1=660K（1分）5（2）气体压强P1=100cmHg=1.36Χ10paW=P1s(l-2L)（1分）W=4.08J（1分）5内能增量△U=n·푅·△T△U=74.79J（1分）2Q=△U+WQ=78.87J（1分）（3）设玻璃管中还有x长度水银，温度为T푃퐿1=（푃0+푋）（l−X）T=0.12(75+X)(80-X)（1分）푇0푇高三物理学科答案第2页共4页{#{QQABLYAAggiAAAAAAQhCQwV4CEMQkBAACIoOABAAMAIBiRNABAA=}#}当X=2.5cm时，T有最大值，T的最大值为720.75K，所以温度需要升高到720.75K,水银全部流出玻璃管（1分）18.（11分）解：（1）小物快静止放上传送带加速度为a2μm1gcosθ-m1gsinθ=m1a得a=1m/s（1分）假说在传送带上一直加速到B端速度vB=√2푎퐿得vB=√2.4m/s（1分）小于传送带速度，说明假说正确，所以vB=√2.4m/s（1分）1212（2）从B运动到C根据机械能守恒：m1푣=m1푣+m1g(R-Rcosθ)2퐵2퐶得vc=√0.4m/s（1分）2푣푐设小物块受到弹力向上，向心力公式m1g-FN=m1得FN=0.46N（1分）푅根据牛顿第三定律，对管道压力0.46N，方向竖直向下（1分）（3）小物块到到E点速度为v1212m1푣=m1푣+m1g(R-Rcosθ)22퐵V=√4.4m/s（1分）m1与m2弹性碰撞，动量守恒和机械能守恒m1v=m1v1+m2v2（1分）121212푚푣=푚푣+푚푣（1分）2121122215得v1=√4.4m/sv2=√4.4m/s441平抛运动时间th-(R-Rcosθ)=g푡2t=0.4s（1分）2落地点它们的距离△x=v2t-v1t=0.4√4.4m（1分）19.（11分）解：（1）甲（1分）（2）根据法拉电磁感应定律有퐸1=퐵퐿푣1（1分）퐸−퐸据闭合电路欧姆定律有퐼=1（1分）푅1+푟根据平衡条件，对于导体棒ab有BIL=mgsinθ+μmgcosθ（1分）퐵퐿퐸−(푚푔푠푖푛휃+휇푚푔푐표푠휃)(푅1+푟)联立解得v1=（1分）퐵2퐿2퐸2（3）퐸2=퐵퐿푣2I2=（1分）푅1+푅2BI2L=mgsinθ-μmgcosθ（1分）(푚푔푠푖푛휃−휇푚푔푐표푠휃)(푅+푅)得푣=12（1分）2퐵2퐿2最大电功率P=（mgsinθ-μmgcosθ）（(푚푔푠푖푛휃−휇푚푔푐표푠휃)(푅1+푅2)）（1分）퐵2퐿2高三物理学科答案第3页共4页{#{QQABLYAAggiAAAAAAQhCQwV4CEMQkBAACIoOABAAMAIBiRNABAA=}#}퐵2퐿2푋（4）运动距离为X，根据动量定理，（mgsinθ-μmgcosθ）t-=m푣2（1分）푅1+푅2(푚푔푠푖푛휃−휇푚푔푐표푠휃)(푅+푅)[(푚푔푠푖푛휃−휇푚푔푐표푠휃)푡−푚12](푅+푅)X=퐵2퐿212（1分）퐵2퐿220.（11分）1解：（1）离子在加速电场中加速，由动能定理有푞푈=푚푣2（1分）22푞푈得v=√（1分）푚（2）通过速度选择器，故由力的平衡条件有푞퐸=푞푣퐵1（1分）푚得B1=E（1分）√2푞푈（3）若撤去极板间磁场퐵1，离子在电场中偏转距离y121푞퐸2푑2퐸푑y1=()得y1=（1分）2푚푣푈进入右侧磁场速度为v1与X方向交角为θ，圆周运动半径为R2푣1qv1B=m（1分）푅v1cosθ=v射入磁场位置到Y位置距离y2=2Rcosθ푚푣22푚푈y2=2=√（1分）푞퐵퐵푞퐸푑222푚푈y=y1+y2=+√（1分）푈퐵푞（4）B2=B0+kx离子运动到离Y最远时，速度为v，方向沿Y方向在Y方向上动量定理ΣqvxB2△t=mv△x=vx△tΣq(B0+kx)△x=mv（1分）푞푘푥2qB0x+=mv（1分）22푞푈√(푞2퐵2+2푞퐾푚√)−푞퐵0푚0x=（1分）푞퐾高三物理学科答案第4页共4页{#{QQABLYAAggiAAAAAAQhCQwV4CEMQkBAACIoOABAAMAIBiRNABAA=}#}