厦门市2024届高中毕业班第二次质量检测生物学试题注意事项：1．考生将自己的姓名、准考证号、答案填写在答题卡上。考试结束后，须将“答题卡”交回。2．答题要求见答题卡上的“填涂样例”和“注意事项”。一、选择题：（共15题，第1~10题每题2分，第11~15题每题4分，共40分；每题只有一个选项符合要求）1.下列有关化合物在细胞生命活动中作用的叙述，错误的是（ ）A.自由水在叶绿体中既能参加反应，也能溶解多种物质B.胆固醇既参与构成人体细胞膜，也参与血液中脂质的运输C.Na+既参与形成动作电位，也参与维持细胞外液的渗透压D.RNA既是细胞内的遗传物质，也可指导核糖体中的翻译过程【答案】D【解析】【分析】1、水对生命活动的影响：（1）对代谢的影响：自由水含量高，代谢强度大；（2）对抗性的影响：结合水含量高，抗寒、抗旱性强。2、线粒体是细胞有氧呼吸的主要场所，该过程中氧气从细胞质基质进入线粒体参与有氧呼吸的第三阶段，二氧化碳从线粒体产生后进入细胞质基质。【详解】A、自由水在叶绿体中既能参加光反应，也能溶解多种物质，A正确；B、胆固醇在血液中参与脂质的运输，同时是构成动物细胞膜的成分，B正确；C、Na+主要维持细胞外液渗透压，同时动作电位的产生是由于钠离子内流引起的，C正确；D、DNA是细胞内的遗传物质，其上基因的转录产物，可指导核糖体中的翻译过程，D错误。故选D。2.研究发现，静息时突触小泡膜上存在“质子流出”现象，突触小泡膜上的Ⅴ型质子泵（Ⅴ-ATP酶）必须不断工作，将质子再泵回小泡中。据图分析下列说法正确的是（ ）A.图中A为小泡内侧，储存着神经递质B.质子泵回小泡的过程无需消耗能量C.“质子流出”方式为主动运输D.“质子流出”现象说明生物膜不具有选择透过性【答案】A【解析】【分析】1、物质跨膜运输的方式：①自由扩散：物质从高浓度→低浓度，不需载体，不需能量，如CO2，O2，甘油，苯、酒精等；②协助扩散：物质从高浓度→低浓度，需要载体，不需能量，如红细胞吸收葡萄糖；③主动运输：物质从低浓度→高浓度，需载体，需能量，如小肠绒毛上皮细胞吸收氨基酸，葡萄糖，K+，Na+等。2、据图可知，“质子流出”是顺浓度梯度、需要载体的协助扩散，质子泵入是逆浓度梯度、需载体且耗能的主动运输。【详解】AC、从题图中可以看出，静息时突触小泡膜上存在能量泄漏，即“质子流出”现象，是顺浓度梯度的、需要载体的协助扩散，所以判断图中A为小泡内侧，储存着神经递质，A正确，C错误；B、由题图信息可知，静息时突触小泡膜上存在“质子流出”现象，是顺浓度梯度的，所以质子泵回小泡的过程是逆浓度的，需消耗能量，B错误；D、“质子流出”是顺浓度梯度、需要载体的协助扩散，说明生物膜具有选择透过性，D错误。故选A。3.某小组进行下列探究活动，实验方案如下表所示。组别甲乙丙丁1%淀粉溶液3mL+-+-2%蔗糖溶液3mL-+-+唾液淀粉酶溶液1mL--++蒸馏水1mL++--37℃水浴10min，分别加入检测试剂2mL，摇匀，热水浴2min，观察并记录颜色变化注：①“+”表示加入，“-”表示不加入；②检测试剂为斐林试剂下列关于该实验的分析，正确的是（ ）A.37℃水浴10min，目的是让酶促反应充分进行B.甲、乙两组是对照组，可证明酶的催化具有高效性C.本实验无需调节pH，因为pH不是本实验的无关变量D.本实验可选用碘液作为检测试剂，则无需热水浴2min这一操作【答案】A【解析】【分析】实验过程中的变化因素称为变量。其中人为控制的对实验对象进行处理的因素叫作自变量；因自变量改变而变化的变量叫作因变量，除自变量外，实验过程中还存在一些对实验结果造成影响的可变因素，叫作无关变量。除作为自变量的因素外，其余因素（无关变量）都保持一致，并将结果进行比较的实验叫作对照实验。对照实验一般要设置对照组和实验组，上述实验中的甲乙号试管就是对照组，丙和丁试管是实验组。【详解】A、底物和酶混合后，37℃水浴10min，目的是让酶促反应充分进行，A正确；B、甲、乙两组是对照组，可证明酶的催化具有专一性，B错误；C、pH是本实验的无关变量，实验时无关变量要相同且适宜，本实验需调节pH，使其处于最适状态，C错误；D、碘遇淀粉变蓝，无论蔗糖是否水解，均不能与碘液发生颜色变化，因此本实验不能选用碘液作为检测试剂，D错误。故选A。4.锦鲤色彩鲜艳，游姿飘逸，观赏价值高，被称作“会游泳的艺术品”。以下事实不能作为支持锦鲤由野生鲤鱼选育进化而来证据的是（ ）A.锦鲤的体色基因转入野生鲤鱼中能够表达B.锦鲤与野生鲤鱼的胚胎发育过程极为相似C.锦鲤能与野生鲤鱼杂交产生可育后代D.锦鲤和野生鲤鱼头部骨骼的种类和排列顺序一致【答案】A【解析】【分析】现代生物进化理论的基本观点：种群是生物进化的基本单位，生物进化的实质在于种群基因频率的改变；突变和基因重组产生生物进化的原材料；自然选择使种群的基因频率发生定向的改变并决定生物进化的方向；隔离是新物种形成的必要条件。【详解】A、由于目的基因和受体细胞共用一套遗传密码，因此即使锦鲤的体色基因转入不同种类的鱼类中也能够表达，因此该事实不能作为支持锦鲤由野生鲤鱼选育进化而来证据，A正确；B、锦鲤与野生鲤鱼的胚胎发育过程极为相似，可知它们可能是同一物种，可以说明锦鲤由野生鲤鱼选育进化而来的，B错误；C、锦鲤能与野生鲤鱼杂交产生可育后代，可知它们不存在生殖隔离，可以说明锦鲤由野生鲤鱼选育进化而来的，C错误；D、锦鲤和野生鲤鱼头部骨骼的种类和排列顺序一致，可知它们可能是同一物种，可以说明锦鲤由野生鲤鱼选育进化而来的，D错误。故选A。5.下列关于菊花组织培养的说法，正确的是（ ）A.实验所用器皿、培养基使用干热灭菌法进行灭菌B.依次用无菌水、酒精、次氯酸钠溶液处理外植体C.外植体经过脱分化、诱导生芽、诱导生根形成试管苗D.为保证试管苗的成活率，应尽快转移至大田种植【答案】C【解析】【分析】植物组织培养的过程为：离体的植物组织，器官或细胞经过脱分化（避光）形成愈伤组织；愈伤组织经过再分化（需光）过程形成胚状体，进一步发育形成植株。【详解】A、植物组织培养需要无菌操作，防止杂菌污染，所用器械需灼烧灭菌，实验人员和外植体需消毒操作，实验所用器皿使用干热灭菌法进行灭菌，培养基使用高压蒸汽灭菌法进行灭菌，A错误；B、外植体先用自来水充分洗净，用酒精溶液消毒30s后，立即用无菌水清洗2~3次，再用次氯酸钠溶液处理30min后，立即用无菌水清洗2~3次，B错误；C、外植体经过脱分化形成愈伤组织，通过调节培养基中生长素和细胞分离素的比例，诱导生芽、诱导生根形成试管苗，C正确；D、大田环境和实验室环境不同，为保证试管苗的成活率，应进行炼苗后再转移至大田种植，D错误。故选C。6.下图表示三种遗传调控途径，以下说法正确的是（ ）A.三种途径均可能导致该基因决定的蛋白质结构发生变化B.转录启动区域甲基化会干扰DNA聚合酶与启动子结合C.组蛋白与DNA结合紧密程度在不同细胞中应大致相同D.RNA干扰可能通过影响特定基因的翻译使其无法表达【答案】D【解析】【分析】1、表观遗传：指DNA序列不发生变化，但基因的表达却发生了可遗传的改变，即基因型未发生变化而表现型却发生了改变，如DNA的甲基化。2、DNA的甲基化：生物基因的碱基序列没有变化，但部分碱基发生了甲基化修饰，抑制了基因的表达，进而对表型产生影响。这种DNA甲基化修饰可以遗传给后代，使后代出现同样的表型。3、分析题图：途径1是转录启动区域DNA甲基化，干扰转录，导致基因无法转录，从而无法翻译；途径2是由于组蛋白的修饰，组蛋白与DNA结合的紧密程度发生改变，从而促进或关闭相关基因的表达；途径3是利用RNA干扰，使mRNA被切割成片段，干扰翻译，导致mRNA无法翻译。【详解】A、由图可知，三种途径都会使基因的表达受阻，不能产生相应的蛋白质，A错误；B、由图可知，转录启动区域甲基化会基因不表达，而干扰RNA聚合酶与启动子结合，影响的是转录过程，DNA聚合酶是DNA复制所需的酶，B错误；C、不同细胞中基因的表达情况不同，所以组蛋白与DNA结合紧密程度在不同细胞中是不相同的，C错误；D、由图可知，RNA干扰时会通过碱基互补配对的方式与某RNA结合，形成双链结构后，mRNA被切割成片段，从而影响特定基因的翻译使其无法表达，D正确。故选D。7.以下关于同位素或荧光标记技术的应用，叙述正确的是（ ）A.利用同位素15N标记的碱基，确定噬菌体的遗传物质是DNAB.利用同位素或荧光标记的单克隆抗体，定位诊断肿瘤C.利用同位素标记的DNA片段，鉴定特定蛋白质D.利用荧光标记的CO2，追踪卡尔文循环中碳元素的转移路径【答案】B【解析】【分析】同位素标记法：同位素可用于追踪物质的运行和变化规律。借助同位素原子追踪物质运行和变化过程时，用示踪元素标记的化合物，其化学性质不变。科学家通过追踪示踪元素标记的化合物，可以弄清化学反应的详细过程，这种科学研究方法叫做同位素标记法，也叫同位素示踪法。【详解】A、噬菌体侵染细菌实验中，分别用35S和32P标记噬菌体的蛋白质和DNA，证明噬菌体侵染细菌时，DNA进入细菌，蛋白质外壳留在细菌外，从而证明DNA是遗传物质，A错误；B、利用同位素或荧光标记的单克隆抗体，根据抗原抗体的特异性结合定位诊断肿瘤，B正确；C、利用同位素标记的DNA片段，鉴定特定DNA，C错误；D、利用14C标记的CO2，追踪卡尔文循环中碳元素的转移路径，D错误。故选B。8.下列关于营养级能量的来源与去路分析错误的是（ ）A.a1+c1+d1、a2+c2+d2均属于相应营养级用于生长、发育和繁殖的能量B.除生产者外，其余各营养级的摄入量扣除呼吸量后即为同化量C.第一营养级与第二营养级间的能量传递效率应为d1/（a1+b1+c1+d1）D.a1为未被自身呼吸作用消耗，也未被后一个营养级和分解者利用的能量【答案】B【解析】【分析】分析图示可知，a1、a2表示未被利用的能量，b1、b2表示呼吸作用以热能形式散失的能量，c1、c2表示流入分解者体内的能量，d1、d2表示流向下一营养级的能量。【详解】A、分析图示可知，a1、a2表示未被利用的能量，b1、b2表示呼吸作用以热能形式散失的能量，c1、c2表示流入分解者体内的能量，d1、d2表示流向下一营养级的能量。用于自身生长发育的繁殖的能量=流向下一营养级的能量+流入分解者体内的能量+未被利用的能量=a1+c1+d1=a2+c2+d2，A正确；B、除生产者外，其余各营养级的摄入量=同化量+粪便，B错误；C、能量传递效率为相邻两营养级的同化量之比，第一营养级的同化量为a1+b1+c1+d1，流向第二营养级能量为d1，所以第一营养级与第二营养级间的能量传递效率应为d1/（a1+b1+c1+d1），C正确；D、分析图示可知，a1表示未被自身呼吸作用消耗利用的能量，也未被后一个营养级和分解者利用的能量，D正确。故选B。9.在利用标记重捕法估算种群密度时，造成估算值小于实际种群密度的原因有（ ）A.被标记个体的标记物脱落B.在被标记个体密集处进行重捕C.被标记的个体易于被天敌发现而被捕食D.被标记个体的警觉性升高而更难再捕获【答案】B【解析】【分析】1、调查种群密度常用样方法和标记重捕法，其中样方法适用于调查植物和活动能力弱、活动范围小的动物，而标记重捕法适用于调查活动能力强、活动范围大的动物。2、标记重捕法估算种群密度的计算公式是：该种群数量÷第一次捕获标记的个体数=第二次捕获的个体数÷第二次捕获的个体中被标记的个体数。3、大多数土壤动物身体微小，不适于用“样方法”或“标志重捕法”进行调查，在这类研究时，常采用取样器取样的方法。4、酵母菌计数方法：抽样检测法。【详解】A、标记重捕法估算种群密度的计算公式是：该种群数量÷第一次捕获标记的个体数=第二次捕获的个体数÷第二次捕获的个体中被标记的个体数，若被标记个体的标记物脱落，会导致第二次捕获的个体中被标记的个体数变小，