物理参考答案14.C15.B16.A17.B18.B19.AB20.BC21.AD22.（1）0.03181.57（每空2分）（2）9.50（4分）（9.35~9.70均给这4分）23.（1）19.8（3分）（19.5~19.9均给这3分）（3）②“=”“=”（每空1分）③“大”“右”（每空1分）④19.2（3分）24.（10分）参考解答：（1）设小球从抛出到静止过程运动的总路程为s，所受空气阻力为f，根据动能定理有1fsmv2①20由题给条件f0.6mg，得5v2s0②6g（）设小球上升过程中运动加速度为，所需时间为；小球下降过程中加速度为，所2a1t1a2需时间为，第一次上升的高度为。取向上为运动正方向，由牛顿运动定律得t2h③mgfma11hvtat2④01211⑤v0a1t1⑥mgfma21hat2⑦222联立③④⑤⑥⑦式，得t11⑧t22每次碰撞前上升与下降的高度相同，所需时间之比与高度无关，总时间之比仍为1:2。评分参考：本题2问，共10分；第1问4分，①②式各2分；第2问6分，③④⑤⑥⑦⑧式各1分。25.（14分）参考解答：（）线圈未进入磁场前，所受合力为，加速度为；经过一段位移进入磁场，设进入1F1a1L0磁场的瞬间速度为，所受的安培力为，线圈内产生的感应电动势为，感应电流为，v1F2EI线圈此时的加速度为，方向取沿斜面向下为正。由牛顿运动定律a2F1ma1①②F1mgsin{#{QQABBQiEogAgAJJAARhCQQkiCgAQkBGAAAoGhEAEoAAAyBFABAA=}#}2③v12a1L0线圈进入磁场瞬间，产生的电动势为④EBLv1EI⑤R线圈所受安培力大小为⑥F2BIL由牛顿运动定律得F1F2ma2⑦依题意，联立①②③④⑤⑥⑦式得a23a18m2R2gsinL⑧0B4L4（）设线圈以速度匀速运动时所受安培力大小为。依题意得2v2F3B2L2vF2⑨3R⑩F1F3线圈1从刚进入磁场到开始做匀速运动的过程中，设平均作用力为F，由动量定理得⑪Ft0mv2mv1联立②⑨⑩⑪得3m2Rgsin⑫F22BLt0评分参考：本题2问，共14分；第1问8分，①②③④⑤⑥⑦⑧式各1分；第2问6分，⑨⑩式各1分，⑪式3分，⑫式1分。26.（20分）参考解答：（）设微粒在圆筒内做类平抛运动的时间为，加速度为，下落距离为。在时间内，1tay0tP与Q间的弧长满足Dlt①2带电微粒所受电场力为FqE②根据牛顿第二定律Fma③微粒撞击到收集板上时下落的高度1yat2④02联立①②③④式得2qEyl2⑤0mD22{#{QQABBQiEogAgAJJAARhCQQkiCgAQkBGAAAoGhEAEoAAAyBFABAA=}#}（2）带电微粒进入圆筒后，圆筒转动一圈过程中，设能够收集到的速率最小的微粒下降的高度为。第一圈末时，过点的竖直线上收集到的微粒下落高度为。分析可得y1Py2hy1Hy2⑥能够收集到的速率最小的微粒对应的弧长为Dl⑦02由⑤⑦式得2qEy⑧12m2设圆筒的周期为T2T⑨1yaT2⑩22联立②③⑥⑧⑨⑩式得2qE22qE⑪2m(Hh)mH4h2qE22qE因为H，有自动满足，则结果合理。32m(Hh)mH评分参考：本题2问，共20分；第1问12分，①式3分，②③④式各2分，⑤式3分；第2问8分，⑥式3分，⑦⑧⑨⑩⑪式各1分。{#{QQABBQiEogAgAJJAARhCQQkiCgAQkBGAAAoGhEAEoAAAyBFABAA=}#}