届高三月大联考Ű数学20244参考答案、提示及评分细则.【答案】1B【解析】由题意可得其展开式中x3系数为33()33故选.C6×2×-1=-C6×8=-160,B.【答案】2D【解析】由题意可得MNMN故选.=(3,4),=(-3,5),∩=(3,4),D.【答案】3Az【解析】设zab则zab即abababab即ab故选.=+i,=-i,z=i,+i=i(-i),+i=i+,=,A.【答案】4C【解析】设适宜条件下个大肠杆菌增长到万个大肠杆菌大约需要x分钟11,xx则24两边取对数得所以x4×2496所以大约1Ű2=10000,Űlg2=lg10000=4,=≈.≈320,24lg203需要32016.小时故至少需要小时故选.=≈53,6,C603.【答案】5Cxy【解析】依题意联立+2+2=0消去x得2aa,,yy,{y2ax+2+2=0=则Δa2a由a得a故抛物线C的方程为y2x其准线方程为x1=4-8=0,≠0=2,=2,=-,2故选.C.【答案】6A【解析】设ACDθ则BCDθ设CDBDa则ACaθBCa2θ.故在∠=,∠=2;==,=cos,=cosa2a24θa2BCD中由余弦定理可得θ+cos-12θ而θ2θ故△,cos2=aa2θ=cos,cos2=2cos-1,2Űcos22θ2θ1直角三角形ACD中θ为锐角故θ故θ6故选.cos=,cos2=,,,cos>0,cos=,A333.【答案】7B【解析】由题意可得至少有个凹槽与其内小球编号相同的情况只有均相同或恰好有个相22同.不妨用表述相同表示不同则满足题意的排列方式有√,×,:√√√√、√√××、√×√共种情况即概率为77故选.×、√××√、×√√×、×√×√、××√√,7,4=,BA424高三数学试题参考答案第页共页【 1(7)】{#{QQABKQyAgggAAIBAARhCUQXACEMQkAACCAoGBFAMIAABCRFABAA=}#}.【答案】8C【解析】令tθθθπ则已知不等式化为t2t=sin+cos=2sin(+)∈[-2,2],sin(-1)≤cos4πt.=sin(+)2éùt2πtêππú故原不等式的解分两段-1∈[-1,1],+∈ë-2,+2û,:222éùππttêπú原不等式化为t2πt.①-2≤+≤π-1⇒∈ë-2,-1û,-1≤+2222即t2tπ.--1-≤02éùπtπtêπú原不等式化为t2πt.②π-1≤+≤+2⇒∈ë-1,2û,-1≤π-(+)2222即t2tπ.+-1-≤02四个选项对应的t取值范围分别为当t时显然[1,2],[1,2],[-1,0],[-2,-1],=±2不满足题意t时易验证满足第一种情况故选.,∈[-1,0],C.【答案】9ABD【解析】整理直线l的方程得mxyxy当xy时直线方程与m的取值,(-)+2(+)-4=0,=,无关代入解得xy正确整理圆C的方程得x2y2正确令圆心,==1,A;,(+2)+(-3)=4,B;mùC到直线l的距离d|5+2|解得m14ú错误将代入,ú,;(,)=m2m2≤2∈[-2,ûC-23(+2)+(-2)17直线l的方程解得m2正确.故选.,=-,DABD5.【答案】10BCD【解析】如图当平面BAC平面DAC时三棱锥体积最大记E为AC,⊥,,中点此时DE平面BAC因为AB平面BAC所以ABDE因为,⊥,⊂,⊥,CDDED所以AB与CD不垂直错误.∩=,,A对于直线BD和平面ABC所成角即为EBD因为EBDB:∠,tan∠=ED故EBDπ正确.对于由于BCCDBAAD取BE=1,∠=,BC:===,4BD中点G则有CGBDAGBD故CGA为平面ABD与平面BCD所成角的平面,⊥,⊥,∠33AG2CG2AC2+-4角.则CGA+-221正确.cos∠=AGCG==,C2×6632××22对于设内切球球心为I内切球半径为由等体积法知D:,r,,高三数学试题参考答案第页共页【 2(7)】{#{QQABKQyAgggAAIBAARhCUQXACEMQkAACCAoGBFAMIAABCRFABAA=}#}VABCDVIABCVIBCDVIACDVIABD1rSABCD其中VABCD1BESΔACD1=-+-+-+-=,=×=,333éùVABCDêú故正确SABCDê(1)(1)úr31.=2×ë×2+×3û=3+2,=SABCD==2-3,D223+2.【答案】11BCfxf【解析】由已知得x()故(2)f又因为f′x所以fx在>x,2>,4>(2),()>1>0,()2fx单调递增所以fff错误构造函数gx()则g′x(1,+∞),(4)>((2)),A;()=x,()fxf1f′x()所以gx在单调递增因此gg即(4)=xŰ(()-x)>0,()(1,+∞),(4)>(2),>4ffxffx(2)ff正确由于()fxx故gfxgx(()),(4)>2(2),B;x>1,()>,(())>(),fx>2()fxfx2()fxxffx因此fff正确构造函数hx(x)则x,(())<(()),(2)<2((2)),C;()=,ef′xfxh′x()-x()而fxxf′x故h′xhx在单调递减因()=e,()>>(),()<0,()(1,+∞),ff此hh(4)(2)f2f错误.故选.(4)<(2),4<2,(4)<e(2),DBCee.【答案】11214【解析】由题意可得aaaaqq2q3a解得a1故答案为1.2+3+4=1(++)=141=1,1=,1414.【答案】13π-2【解析】f′xωωx故有ωω2ω即ω2则ω2kkZ()=-sin,-sin=-sin2,sin=sin2,=2+2π(∈)或ω2kkZ解得ωkkZ或ωkkZ当k+2=π+2π(∈),=2+2π(∈)=π-2+2π(∈),=0时k取最小值k取得最小值因为故ω的最小值,π-2+2ππ-2,2+2π2,π-2<2,为.π-21.【答案】e14{1}∪(e4e,e)【解析】由题意可得方程xaxa在无解将方程变形得xxlog=-+2ln(0,1)∪(1,+∞),ln-axa即函数gxxxaxa在无零点.易2lnŰln+ln=0,()=ln-2lnŰln+ln(0,1)∪(1,+∞)得gx的定义域为仅在讨论零点时舍去x的情况若a时则gx()(0,+∞),=1:=1,()=xxx时gxx时gx故在无零点因此a符ln,0<<1()<0,>1()>0,(0,1)∪(1,+∞),=1aa合题意当a时则gxx2ln设φxx2ln则φx;≠1,'()=1+ln-x,()=1+ln-x,'()=xa+2ln当a时φx则φx在单调递增由于x时gxxx2,>1'()>0,()(0,+∞),→0'()→-∞,高三数学试题参考答案第页共页【 3(7)】{#{QQABKQyAgggAAIBAARhCUQXACEMQkAACCAoGBFAMIAABCRFABAA=}#}时gx由零点存在性定理可知gx在必有且只有一个零点设为→+∞'()→+∞,()(0,+∞),x则gx在x单调递减在x单调递增其中1xxa故只需令0,()(0,0),(0,+∞),0(1+ln0)=ln,2gx因此gxxxxxx1xx1xx2(0)>0,(0)=0ln0-0ln0(1+ln0)+0(1+ln0)=-0(2(ln0)22x解得1x1x设hx1xx则hx1-ln0-1)>0,-<ln0<1,<0<e,()=(1+ln),'()=(22e221故e当时故x1a4eaagage+ln)>0,<ln<e,e<<e;0<<1,(1)=ln<0,(e)=>0,4e21egx在区间e必有零点与所求不符.综上a的取值范围为4e.()(1,),,{1}∪(e,e)2x2xx2(x)(x).【解析】因为fxx-3所以f′(x)2-x+3--3x+1分15(1)()=-1,=-1=-1,ƺƺƺ2eee令f′(x)解得x或x令f′(x)得x或x令f′(x)得=0,=3=-1,<0>3<-1,>0-1<x分<3,ƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺ5列表如下:x(-∞,-1)-1(-1,3)3(3,+∞)f′x()-0+0-fx极小值极大值()↘↗↘分ƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺ7故fx的单调递减区间为单调递增区间为分()(-∞,-1),(3,+∞),(-1,3),ƺƺƺƺ9由可得f(x)的极大值为f()6极小值为f()2.分(2)(1)3=2,-1=-2eƺƺƺƺƺƺ13e【评分细则】第问不列表说明也可以只要最终单调区间书写正确即可满分第(1),,问写出一个极值得分少写一个扣分.(2)2,2.【解析】记事件C为两个生物个体为同一物种16(1)“”,则C发生的概率为PC11分()=×1=ƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺ455NANB由表可知==30分(2)(i){ƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺ6SASB==5ïìïDA124ï=1-2×5×6=所以í305分ïƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺ10ïïDB1(22222)67î=1-2×12+4+3+6+5=3090高三数学试题参考答案第页共页【 4(7)】{#{QQABKQyAgggAAIBAARhCUQXACEMQkAACCAoGBFAMIAABCRFABAA=}#}即DADB故A的多样性大于B分>,;ƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺ12在中两群落物种数目相同各物种数量不同而A中各物种数量均相同(ii)(i),,,即物种均匀度更大分析可得物种均匀度也会影响群落多样性.分,ƺƺƺƺ15评分细则若第一问未设事件扣分第问的第小问只要说法合理即可满【】1,22分..【解析】连接ACBD设ACBDO连接PO有PO17(1),,∩=,,平面ABCD由题意得MENEMGNG连接MN⊥,=,=,,EG设EGMNS则MSNS故S在PO上过E,∩=,=,,PEEH作EHPOH为垂足在POB中2故⊥,,△,PB=OB=,3EH因为MNAC所以PS1POSHPH=2,∥,==3,=-2PS故SEH1DPO所以PHEPGS所以PGE=1,tan∠==tan∠,△∽△,∠=2PHEPDGE分∠=90°,⊥,ƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺ4又MNOPMNBDBDOPO故MN平面PBDMNPD⊥,⊥,∩=,⊥,⊥,ƺƺ分ƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺ5又MNGESGE平面EMGNMN平面EMGN故PD平面∩=,⊂,⊂,⊥EMGN.分ƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺ7MNGESGE平面EMGNMN平面EMGN三个条件只要缺个(∩=,⊂,⊂1,不给分)以OAOBOP所在的直线分别为xyz轴建立空间直角坐标系(2),,,,可得ABPD分(3,0,0),(0,3,0),(0,0,6),(0,-3,0),ƺƺƺƺƺƺƺƺƺ9由得PD平面EMGN故平面EMGN的一个法(1)⊥,向量为DP→分=(0,3,6)ƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺƺ11其中AP→AB→=(-3,0,6),=(-3,3,0)设平面PAB的一个法向量为nxyz=(,,),nAP→xz则Ű=0-3+6=0,{nAB→⇒{xyŰ=0-3+3=0令z可得n分=1=(2,2,1)ƺƺƺƺƺƺƺƺƺ13高三数学试题参考答案第页共页【 5(7)】{#{QQABKQyAgggAAIBAARhCUQXACEMQkAACCAoGBFAMIAABCRFABAA=}#}设θ为二面角PMEN的平面角则θnDP→45由图--,cos=cos<,>=,15可知所求二面角为锐角故二面角PMEN的余弦值为45分,--ƺƺƺƺ1515【评分细则】若辅助线只画图缺文字说明扣分证明出PDGE给分MNPD(1)(,,1)⊥3,⊥给分PD平面EMGN给分MNGESGE平面EMGNMN平2,⊥2(∩=,⊂,⊂面EMGN三个条件只要缺个这分不给1,2);建系分法向量一个分结果分.(2)1,2,1.【
2024届湖南省多校高三下学期4月大联考数学答案
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