物 理 答案１．【答案】Ｄ【解析】现已建成的核电站的能量主要来自重核裂变，故Ａ错误；原子核发生衰变时，电荷守恒，但会有质量亏损，遵循的是爱因斯坦的质能方程而非质量守恒定律，故Ｂ错误；卢瑟福根据α粒子散射实验现象，提出了原子具有核式结构，故Ｃ错误；天然放射现象是原子核内部发生变化自发的放射出α粒子、β粒子或γ射线的现象，故Ｄ正确；２．【答案】Ａ【解析】外圈喷水口喷出水的运动可以简化为一个斜抛运动，如右图所示。将此运动分解为水平、竖直两个方向，竖直方向１为竖直上抛运动，水平方向为匀速直线，竖直位移ｙ＝ｇｔ２，２１竖直方向上升和下降过程具有对称性，则总时间为ｔ＝２ｔ１＝１０２ｓ，水平速度ｖ＝ｍ／ｓ＝５ｍ／ｓ，竖直速度ｖ＝ｇｔ＝１０ｍ／ｓ，合速度大小为５５ｍ／ｓ，ｘ２ｙ１槡故Ａ正确。３．【答案】Ｂ【解析】设物体运动过程中距离Ｃ点的距离是ｘ，则物体所受万有引vx:Neko-2324ＧＭｍｘ力沿隧道方向的分力是Ｆ＝，Ｆ与ｘ成正比，小球在隧道内做简Ｒ３谐运动，选项Ａ错误；刚释放时物体所受万有引力沿隧道方向的分力ＲＧＭｍ２ＧＭｍＦＧＭ是Ｆ＝＝，故物体受到的加速度大小为ａ＝＝，故１Ｒ３２Ｒ２ｍ２Ｒ２ｋＧＭＲＢ正确；由简谐运动的知识可知，物体做简谐运动的ω２＝＝，振幅为，从Ａ运动到ＢｍＲ３２１ＧＭ的过程中的，最大速度ｖ＝ωＡ＝，故Ｃ错误；由简谐运动的知识可知，物体从Ａ运动ｍ２槡ＲＴＲ３到Ｂ的时间是周期Ｔ的一半，ｔ＝＝π，故Ｄ错误。２槡ＧＭ４．【答案】Ｂλ【解析】波速ｖ＝＝１ｍ／ｓ，故Ａ正确，不符合题目要求；原点Ｏ处质点的振动表达式ｙ＝ＴＯ２πＡｃｏｓ（ωｔ＋φ），其中的角频率为ω＝＝π，由于在ｔ＝０时原点处的质点处于平衡位置且沿０Ｔππｙ轴正方向运动，故φ＝－，则原点Ｏ处的振动表达式为ｙ＝０１ｃｏｓ（πｔ－）ｍ，故Ｂ错０２Ｏ２误，符合题目要求；ｔ＝２ｓ时的波形和ｔ＝０时的波形一样，故ｘ＝２５ｍ处质点正处于波谷，故Ｃ正确，不符合题目要求；平面简谐波沿ｘ轴正方向传播ｘ＝１０ｍ处质点振动相对Ｏ点落后了３π半个周期，振动表达式为ｙ＝０１ｃｏｓ（πｔ－）ｍ，故Ｄ正确，不符合题目要求。所以该题选Ｂ。１２{#{QQABDYiAogCgQJAAARhCQwEQCAOQkBGCCIoOwBAIIAAASRFABAA=}#}书５．【答案】Ｄ【解析】物体沿斜面下滑加速度为ａ＝ｇｓｉｎθ－μｇｃｏｓθ，沿斜面上滑加速度为ａ＝ｇｓｉｎθ＋μｇｃｏｓθ，故Ａ错误；Ｅｐ－ｔ图像的斜率大小表示重力的瞬时功率，物体沿斜面下滑，速度越来越大，重力的功率越来越大，故Ｂ错误；动能随路程变化图像的斜率大小表示合外力，故Ｃ错误；机械能随路程变化图像的斜率大小表示摩擦力，故Ｄ正确。６．【答案】Ｄω【解析】ｕ＝２２０２ｓｉｎ１００πｔ（Ｖ）可知发电机提供交流电的角频率ω＝１００πｒａｄ／ｓ，频率ｆ＝槡２π＝５０Ｈｚ，故Ａ正确；原线圈两端的电压为２２０Ｖ，故Ｂ正确；副线圈电压１１０Ｖ，理想二极管１１０２１１２单向导电，Ｒ两端电压为槡Ｖ，通过电阻Ｒ的电流为槡Ａ，故Ｃ正确；原线圈的输入功２２率为６０５Ｗ，故Ｄ不正确。所以该题选Ｄ。７．【答案】Ａ【解析】如右图所示，ｔａｎθ＝０５，ＡＭ＝３ｃｍ，故ＭＰ＝６ｃｍ，ＰＥ＝８ｃｍ，ＢＣ＝ＰＮ＝４ｃｍ，ＰＯ＝ＯＮ＝２ｃｍ，ＢＥ＝ＣＦ＝４ｃｍ，ＱＧ＝ＯＮ＋ＮＦ＝１０ｃｍ，ＤＧ＝５ｃｍ，则玻璃砖的厚度２５ＦＧ＝ＣＤ－ＧＤ－ＣＦ＝４ｃｍ，故Ａ正确；ｓｉｎα＝槡，５vx:Neko-2324５ｓｉｎαｓｉｎβ＝槡，玻璃砖的折射率为ｎ＝＝２，光在玻璃砖内的５ｓｉｎβｃｃ传播速度为ｖ＝＝，故Ｂ、Ｃ错误；过Ｃ点的光线在玻璃砖中传播的距离为ｘ＝４５ｃｍ，ｎ２槡８５传播的时间为ｔ＝槡×１０－１０ｓ，故Ｄ错误。３８．【答案】ＡＢ【解析】以Ａ′点为坐标原点、Ａ′Ｄ′为ｘ轴、Ａ′Ｂ′为ｙ轴、Ａ′Ａ为ｚ轴建立三维坐标系，由题意可知Ｅｘ＝Ｅｙ＝２Ｖ／ｍ，Ｅｚ＝１Ｖ／ｍ，由矢量合成法则可知合场强Ｅ为３Ｖ／ｍ，故Ａ正确；把一个正点电荷从Ａ点沿直线移动到Ｃ′点的过程中，电场力与位移之间的夹角为钝角，所以电场力做负功，电势能增加，故Ｂ正确；由题意可知Ｂ点和Ｄ点的电势都是４Ｖ，Ｃ点电势为６Ｖ，Ｃ点电势最高，故Ｃ错误；由题意知，Ｃ′点的电势为４Ｖ，ＷＣＣ′＝ｑＵＣＣ′＝－２ｅＶ，故Ｄ错误。９．【答案】ＡＣ【解析】风筝受力情况如右图所示，则风筝从ａ点到ｂ点时，拉线的张力减小，风对风筝的作用力减小，故Ａ正确，Ｂ错误；小孩对地面的压力Ｎ＝Ｍｇ－Ｔｓｉｎθ（其中θ是拉线与水平方向的夹角），因为Ｔ和θ均减小，可知Ｎ变大，小孩对地面的压力变大，故Ｃ正确；对小孩和风筝的整体分析，水平方向ｆ＝Ｆｃｏｓα（其中α是风力与水平方向的夹角），则因为α不变，Ｆ减小，则ｆ减小，故Ｄ错误。{#{QQABDYiAogCgQJAAARhCQwEQCAOQkBGCCIoOwBAIIAAASRFABAA=}１０．【答案】ＢＣｍｖ【解析】根据左手定则，带电粒子在磁场中逆时针运动，故Ａ错误；根据半径公式ｒ＝，ｑＢ３ｑＢｌ３ｌｖ＝槡带入解得：ｒ＝槡。如图甲所示，则打在挡板上的粒子的两个临界为①和②，对应２ｍ２的角度范围为１８０°，故Ｂ正确；打在挡板上的长度为两个临界②和③，对应的长度分别为３ｌ３ｌ１槡和，故Ｃ正确；粒子的轨迹半径为ｒ＝，打在ＭＮ的临界如图乙中④和⑤，ＱＮ段无粒２２２子通过，故Ｄ错误。 图甲 图乙１１．【答案】（８分，每空２分）（１）４７００vx:Neko-2324（２）通过两个光电门的时间相同（３）０４７（４）ｖ０＋ｖ１＝ｖ２【解析】（１）挡光片的宽度为：ｄ＝４５ｍｍ＋２００×００１ｍｍ＝４７００ｍｍ。（２）滑块若能够做匀速运动，因挡光片的宽度为定值，则经过光电门的时间相同。ｄ（３）ｖ＝＝０４７ｍ／ｓ。Δｔ（４）根据系统的动量守恒和能量守恒：ｍ１ｖ０＝ｍ１ｖ１＋ｍ２ｖ２１１１ｍｖ２＝ｍｖ２＋ｍｖ２２１０２１１２２２解得：ｖ０＋ｖ１＝ｖ２。１２．【答案】（８分，除特殊标注外，每空２分）（１）×１０（１分） ９０（１分）（２）①Ｇ ②见解析 ③８２【解析】（１）将多用电表的选择开关旋转至欧姆“×１００”挡，欧姆调零后，发现指针偏转角度太大，说明待测电阻为小电阻，倍率选的偏大，应该换小倍率“×１０”；更换倍率后，测量值为９０Ω。（２）①选定值电阻Ｒ３＝６００Ω与电压表串联改装成３Ｖ的电压表，电路中定值电阻应选择Ｇ。{#{QQABDYiAogCgQJAAARhCQwEQCAOQkBGCCIoOwBAIIAAASRFABAA=}②实验时，为了减小实验误差，由于待测阻值粗测为９０Ω，改装电压表的量程为３Ｖ，流过导电胶条的最大电流约为３３ｍＡ，电流表应该选Ａ２，要求电表的示数从零开始调节，滑动变阻器选Ｒ１，连入电路用分压法，电路图如下图所示。Ｕ（ｒ＋Ｒ）ｒＶ３３００Ｒ③通过电路图可知Ｒ＝Ｖ，化简可得Ｕ＝ｘＩ，根据图像可知斜率ｋ＝２５，可ｘＵ９００＋ＲＩ－ｘｒＶ得Ｒｘ＝８２Ω。４０１３．【答案】ｃｍ３解：气缸静止时，由活塞平衡可得：Ｍｇ＋ｐＡＳ＝ｐＢＳ①（２分）自由落体后，Ａ、Ｂ的压强相等，设为ｐ，气体等温变化ｐＡｈＳ＝ｐ（２ｈ－ｈＢ）Ｓ ②（２分）ｐＢｈＳ＝ｐｈＢＳ ③（２分）vx:Neko-2324４０由①②③式，带入数据可得：ｈ＝ｃｍ（２分）Ｂ３１４．【答案】（１）２Ｗ （２）０２ｍ解：（１）电路中的电流稳定时，导体棒做匀速直线运动，处于平衡状态，有：Ｆ＝ＢＩＬ（２分）２ａ棒消耗的功率：Ｐ＝ＩＲａ（２分）联立解得：Ｐ＝２Ｗ（１分）（２）从ａ棒开始运动到进入磁场过程中，ｂ棒未动，根据机械能守恒定律有：１ｍｇｈ＝ｍｖ２（１分）２ａ棒进入磁场后二者系统动量守恒，设二者最终稳定时的速度为ｖ′，以ｖ的方向为正，则：ｍｖ＝２ｍｖ′（１分）设ｂ棒的初始位置离弧形轨道最底端ＡＡ′的距离至少为ｘ，对ｂ棒，从开始运动至最终稳定时，－根据动量定理有：ＩＢＬ·△ｔ＝ｍｖ′－０（１分）－－Ｅ平均电流：Ｉ＝（１分）Ｒａ＋Ｒｂ－△Φ平均感应电动势大小为：Ｅ＝（１分）△ｔ该过程中，电路内磁通量减少量为：△Φ＝ＢＳ０－ＢＳ其中Ｓ０＝ｘＬ，刚好不相撞时，有：Ｓ＝０（１分）联立解得ｘ＝０２ｍ（１分）{#{QQABDYiAogCgQJAAARhCQwEQCAOQkBGCCIoOwBAIIAAASRFABAA=}２３１９４９１５．【答案】（１）ａ＝４ｍ／ｓ２ａ＝２ｍ／ｓ２ （２）ｍ （３）ｍ１２１６９１６９解：（１）对小物块受力分析：ｑＥ１－μ２ｍｇ＝ｍａ１（１分）２解得：ａ１＝４ｍ／ｓ（１分）对长木板受力分析：μ２ｍｇ－μ１×２ｍｇ＝ｍａ２（１分）２解得：ａ２＝２ｍ／ｓ（１分）ｌｌ（２）小物块运动到处的速度为：ｖ２＝２ａ×（１分）２１１２ｖ１解得：ｖ１＝４ｍ／ｓ，运动时间：ｔ１＝＝１ｓ（１分）ａ１长木板的速度为：ｖ２＝ａ２ｔ１＝２ｍ／ｓ１长木板的位移为：ｘ＝ａｔ２＝１ｍ（１分）１２２１当物块进入竖直向下的电场后对小物块受力分析：μ２（ｑＥ＋ｍｇ）＝ｍａ１′２解得：ａ１′＝８ｍ／ｓ，做减速运动（１分）长木板的加速度：μ２（ｑＥ２＋ｍｇ）－μ１（ｑＥ２＋２ｍｇ）＝ｍａ２′２解得：ａ２′＝５ｍ／ｓ，做加速运动（１分）当两者达到共同速度，有：ｖ＝ｖ１－ａ１′ｔ２＝ｖ２＋ａ２′ｔ２（１分）２３６解得：ｔ＝ｓ，ｖ＝ｖ－ａ′ｔvx:Neko-2324＝ｍ／ｓ２１３１１２１３ｖ２＋ｖ６２这段时间长木板的位移为：ｘ＝ｔ＝ｍ（１分）２２２１６９ｖ１＋ｖ８８这段时间小物块的位移为：ｘ＝ｔ＝ｍ，小物块没有出竖直向下的电场２２１６９２３１长木板的总位移为：ｘ＋ｘ＝ｍ（１分）１２１６９（３）共速后两物体一起向右减速，加速度为：μ１（ｑＥ２＋２ｍｇ）＝２ｍａ解得：ａ＝１５ｍ／ｓ２（１分）ｖ２４３２减速到零时的位移为：ｘ＝＝ｍ（１分）３２ａ１６９５２０ｌｘ＋ｘ＝ｍ＞３１６９２ｌ出电场时的速度为ｖ′，则ｖ２－ｖ′２＝２ａ（－ｘ）（１分）２出电场Ｅ２后，两物体共同减速到零的加速度为：μ１（ｍ１＋ｍ２）ｇ＝（ｍ１＋ｍ２）ａ′解得：ａ′＝１ｍ／ｓ２（１分）ｖ′２２７３出电场Ｅ后，则最终停下来的位移为：ｘ′＝＝ｍ（１分）２２ａ′１６９９４９静止时小物块距离出发点的距离为：ｄ＝ｌ＋ｘ′＝ｍ（１分）１６９{#{QQABDYiAogCgQJAAARhCQwEQCAOQkBGCCIoOwBAIIAAASRFABAA=}#}