海口市2025届高三摸底考试物理注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.以下说法中正确的是（）A.在国际单位制中把“力”定为基本物理量，其单位为“牛顿”B.理想化模型是把实际问题理想化，忽略次要因素，突出主要因素，例如：点电荷C.库仑提出了库仑定律，并最早通过实验测得元电荷的数值D.楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕【答案】B【解析】【详解】A．力学的三个基本物理量是质量、长度、时间，它们的物理单位分别是kg、m、s，故A错误；B．理想化模型是把实际问题理想化，忽略次要因素，突出主要因素，例如：点电荷、弹簧振子均是理想化模型，故B正确；C．最早通过实验测得元电荷的数值的是密立根，故C错误；D．奥斯特发现了电流的磁效应，故D错误。故选B。玉兔二号上装配的放射性同位素电池，能将238衰变释放的部分核能转化成电能。238的半衰期是2.“”94Pu94Pu年，238发生衰变的核反应方程为器238234，下列正确的是（）87.794Pu94Pu92UX是粒子温度升高238的半衰期变大A.XB.94Pu是粒子个238经过年剩余个C.XD.10094Pu87.750【答案】A【解析】【详解】．根据核反应的质量数守恒和电荷数守恒可知，方程中的质量数为，电荷数为，则是4，ACX42X2He第1页/共24页学科网（北京）股份有限公司即粒子，故A正确，C错误；B．半衰期只与原子核内部结构有关，与外界环境因素无关，故B错误；D．原子核的半衰期是针对大量原子核得出的统计规律，对少数原子核衰变不适用，故D错误；故选A。3.如图所示，水平地面上有一质量为m的木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为，现对木箱施加与水平方向成角的拉力F，使木箱从静止开始做匀加速直线运动，前进距离l时速度为v。在该过程中，下列说法正确的是（）A.力F做功为FlB.力F的平均功率为FvC.力F的瞬时功率一直增大D.木箱克服摩擦力做功为mgl【答案】C【解析】【详解】A．力F做功为WFlcos故A错误B．木箱运动的平均速度为vv2则力F的平均功率为FvPFcosvcos2故B错误；C．力F的瞬时功率PFvcos由于木箱从静止开始沿直线匀加速运动，则力F的瞬时功率一直增大，故C正确；D．木箱受到的摩擦力为fFN(mgFsin)则木箱克服摩擦力做功为Wffl(mgFsin)l第2页/共24页学科网（北京）股份有限公司故D错误。故选C。4.某次足球比赛中，足球以v04m/s的速度从球员身边直线滚过，在运动方向上离边界还有7.5m。该球员立即由静止开始同向直线追赶，球员和足球的vt图像如图所示，则下列说法正确的是（）A.球员的加速度大小为1m/s2B.0~1s内，足球的平均速度大小为1.5m/sC.1s时，球员刚好追上足球D.若球员不追赶足球，足球会滚出边界【答案】D【解析】【详解】A．在vt图像中，图线的斜率为加速度的大小，故球员的加速度大小为v3am/s2t1A错误；B．根据匀变速直线运动规律可知，0~1s内，足球的平均速度大小为11vvv34m/s=3.5m/s202B错误；C．1s时，球员的位移11xvt31m=1.5m1212足球的位移11xvvt4313.5m22012显然足球的位移大于运动员的位移，C错误；第3页/共24页学科网（北京）股份有限公司D．若球员不追赶足球，足球静止时的位移11xvt总=44m=8m>7.5m202足球会滚出边界，D正确。故选D。5.嫦娥六号于2024年6月2日成功着陆月背南极-艾特肯盆地。如图所示，假设登月探测器在环月轨道1上的P点实施变轨，进入椭圆轨道2，再由Q点进入圆轨道3。若轨道1的半径为3r，轨道3的半径为r，登月探测器在轨道3的运行周期为T，则下列说法正确的是（）A.探测器在轨道3上运行时加速度不变B.探测器在轨道2上运行的周期为22TC.探测器在轨道1和轨道3上运行的线速度大小之比v1:v31:3D.探测器从轨道2上的Q点进入圆轨道3时，需要点火加速【答案】B【解析】【详解】A．根据万有引力提供向心力有GMmmar2解得GMar2探测器在轨道3上运行时加速度大小不变，方向改变，故A错误；B．探测器在轨道2上运行时的轨道半长轴r3rr2r22探测器在轨道2和轨道3上运行时，根据开普勒第三定律可知(2r)3r322T2T第4页/共24页学科网（北京）股份有限公司解得T222T故B正确；C．探测器在轨道1、3上运行，根据万有引力提供向心力可知GMmv2mr2r解得GMvr解得v11v33故C错误；D．探测器由高轨道变轨到低轨道，做向心运动，需要减速，故D错误；故选B。6.一定质量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其VT图像如图所示。下列说法正确的是（）A.过程ab中气体分子热运动的平均动能保持不变B.过程bc中外界对气体做功小于气体向外放出的热量C.过程ca中单位时间内撞击容器壁单位面积的气体分子数增多D.气体在a、b两状态的压强大小之比pa:pb3:1【答案】B【解析】【详解】A．过程ab中，温度升高，分子热运动的平均动能增大，故A错误；B．过程bc中，温度降低，气体内能减小，体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，过程第5页/共24页学科网（北京）股份有限公司bc中外界对气体做功小于气体向外放出的热量，故B正确；C．过程ca中，温度一定，气体分子运动的平均速率一定，体积增大，气体分子分布密集程度减小，则单位时间内撞击容器壁单位面积的气体分子数减小，故C错误；D．过程ab中，体积一定，根据查理定律有ppabT03T0解得pa:pb1:3故D错误。故选B。7.在光电效应实验中，某同学分别用甲光、乙光、丙光照射同一光电管，得到了三条光电流随电压变化的图像，如图所示。下列说法正确的是（）A.甲光的强度大于乙光的强度B.甲光的频率大于乙光的频率C.乙光照射时光电子最大初动能大于丙光照射时光电子最大初动能D.甲光和丙光通过同一双缝干涉装置后，丙光形成的干涉条纹间距较大【答案】A【解析】【详解】BC．根据光电效应方程νEkhW0根据动能定理可得eUc0Ek联立可得eUchW0根据图像中遏止电压的大小关系可知，甲光、乙光、丙光的频率大小关系为第6页/共24页学科网（北京）股份有限公司丙甲乙ν根据EkhW0可知乙光照射时光电子最大初动能小于丙光照射时光电子最大初动能故BC错误；A．甲乙两光的频率相等，但是甲光照射的饱和光电流大于乙光照射的饱和光电流，可知甲光的强度大于乙光的强度，故A正确；D．根据c可得三中光的波长关系为丙甲乙根据条纹间距公式Lxd可知甲光和丙光通过同一双缝干涉装置后，甲光形成的干涉条纹间距较大，故D错误。故选A。8.如图，质量均为m的2024个相同匀质圆柱体依次放置在倾角为30°的光滑斜面上，斜面底端有一竖直光滑挡板挡住使圆柱体均处于静止状态，则下列说法中正确的是（）A.圆柱体1、2、3……2024对斜面压力依次减小B.挡板对圆柱体1的弹力大小为1012mg20273C.圆柱体1对斜面的压力大小为mg6D.若将挡板绕下端点缓慢逆时针转60°，则转动过程中挡板受到的压力逐渐增大【答案】C【解析】【详解】A．除圆柱体1之外，其它所有圆柱体对斜面的压力大小都等于自身重力垂直斜面方向的分力的大小，即都为Nmgcos30而圆柱体1因为还受到水平向右的挡板对其的弹力，因此圆柱体1对斜面的压力大小应等于自身重力垂直斜面方向的分力大小与挡板对圆柱体1的弹力在垂直斜面方向的分力的大小之和，故A错误；第7页/共24页学科网（北京）股份有限公司B．以2024个圆柱体为整体，根据受力平衡可得Ftan30挡2024mg可得挡板对圆柱体1的弹力大小为20243F挡mg3故B错误；C．以2024个圆柱体为整体，根据受力平衡可得斜面对2024个圆柱体的总支持力大小为2024mg40483mgN总cos303则斜面对圆柱体1的支持力大小为20273NN总2023mgcos30mg1620273则圆柱体1对斜面的压力大小为mg，故C正确；6D．对整体受力分析，做出力的矢量三角形如图所示o的可知，随着挡板绕下端点缓慢逆时针转动30时，挡板对整体弹力沿着斜面向上，垂直于支持力FN，随着挡板绕下端点缓慢逆时针转动到60°时，转动过程中挡板对整体的支持力将先减小后增大，则根据牛顿第三定律可知，挡板受到的压力将先减小后增大，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.如图所示，理想变压器的原线圈、副线圈匝数比为2：1，电阻R10，电压表为理想交流电压表，原线圈加上如图所示的交流电，则下列说法正确的是（）第8页/共24页学科网（北京）股份有限公司A.在t0.01s时，电压表的示数为0B.原线圈电流的有效值为0.5AC.电阻R上消耗的电功率为10WD.加在原线圈上交流电压瞬时值的表达式为u202sin5πtV【答案】BC【解析】【详解】．由乙图可知，原线圈两端电压最大值为，则有效值为AUm202VUmU120V2根据电压与匝数比关系，有Un211U2n21解得副线圈两端的电压为U210V因电压表显示的示数是有效值，故任何时刻电压表的示数都为10V，不会为零，故A错误；B．根据欧姆定律可得流过R的电流为UI21A2R根据电流与匝数比的关系，有In112I2n12解得I10.5A故B正确；第9页/共24页学科网（北京）股份有限公司C．根据电功率公式，有2PI2R10W故C正确；D．由乙图可知，周期T=0.02s，则角速度为2100rad/sT原线圈两端电压最大值为，根据Um202VuUmsintV可知加在原线圈上交流电压瞬时值的表达式为u202sin100πtV故D错误。故选BC。10.如图甲所示，用水平力F把一质量为m的木块压在竖直墙壁上，F随时间变化规律如图乙所示。已知物块与墙壁间动摩擦因数为0.5，t0时物块速度为零，重力加速度为g。对物块的运动，下列描述正确的是（）A.在T0时刻物块速度为0.5gT0B.在T0~2T0时间内物块的加速度为0.5g在时间内物块的位移大小为2C.0~3T0gT0D.在2T0~3T0时间内物块与墙壁保持相对静止【答案】AC【解析】【详解】A．由图可知，0T0，压力的大小为第10页/共24页学科网（北京）股份有限公司Fmg此时，物块和墙壁间的摩擦力为fF0.5mg由牛顿第二定律可知物块的加速度mgfma解得a0.5g在T0时刻物块速度为vaT00.5gT0A正确；B．在T0~2T0时间内，压力的大小F2mg此时，物块和墙壁间的摩擦力为fFmg与物块的重力平衡，物块的加速度为0，B错误；CD．0T0时间内物块的位移1xvT0.25gT21200T0~2T0物块以速度v做匀速运动，位移为2x2vT00.5gT02T0~3T0时间内，压力的大小F'3mg此时摩擦力的大小f'F'1.5mg根据牛顿第二定律可知，此时物块的加速度f'mgma'第11页/共24页学科网（北京）股份有限公司解得a'0.5g方向竖直向上，所以此阶段物块以初速度v、加速度a'向下做匀减速运动，根据匀变速直线