湖北省高中名校联盟届高三第二次联合测评2025物理试卷参考答案与解析一、选择题:本题共10小题,每小题4分,共40分。在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目要求,第8~10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。答案1.【】D解析14发生衰变变成14选项错误衰变是统计规律选项错误半衰期不随温度变化选【】16Cβ17N,A;,B;,项错误经过个半衰期古木样品中的14含量变成原来的选项正确C;2,16C1/4,D。答案2.【】C解析静止吊挂时猴子受到重力支持力摩擦力三个力的作用选项错误支持力摩擦力的合力【】,、、,A;、方向竖直向上选项错误两次吊挂树枝对猴子的作用力相同选项正确树枝对猴子的作用力,B;,,C;与猴子对树枝的作用力大小相等选项错误,D。答案3.【】D解析由图可知光折射率较大波速较小频率较大波长较短选项错误设入射角为i折【】,a,,,,A、B、C;,RθciRi射角为光的传播时间t2sin而vnsin解得t2sin故时间相等选项正确θ,=v,=n,=θ,=c,,D。sin答案4.【】C解析月球的第一宇宙速度大于选项错误着上组合体下降过程中除月球引力对其做【】1.6km/s,A;,正功还有其它力做负功速度在减小选项错误轨控发动机喷气方向与着上组合体速度方向成锐,,,B;角获得与速度方向成钝角的阻力阻力大于动力则能减速选项正确组合体的速度逐渐减为零过,,,C;程中加速度与速度成钝角若速度为零时加速度不为零组合体将上升与实际不符选项错误,,,,,,D。答案5.【】AP2P2解析P损R%输.5VP损RP输U5选项【】1=U=90P,U1=50×10,2=U=42%,2=7.5×10V,A(1)(2)正确。答案6.【】C解析由图知T质点P振动方向为y轴正方方向故波沿x轴正方向传播选项错误质【】(b),=0,,A;点振动yt对时间求导得y'vπ在T时vπ选项错误=0.1sin5π,,==cos5πt,=0,=m/s,B22为波的传播速度时间内传播的距离xvt选项正确t时(10m/s);0~0.05s==0.5m,C;=0.05s,x处的质点的y坐标为选项错误=3m-52cm,D。物理试卷参考答案与解析第页共页1(5)答案7.【】B解析以圆盘为参考系则线圈逆时针转动由右手定则可知沿半径方向的导线切割产生的感应电流【】,,,由内向外即线圈中产生了逆时针电流选项错误由安培定则可知感应电流磁场方向与圆盘最初,,A;,的剩磁方向一致这样的磁场可以使圆盘进一步磁化从而增强圆盘的磁性选项正确圆盘中的感,,,B;应电流沿半径向内故由左手定则可知圆盘所受线圈磁场的安培力为逆时针与圆盘转动方向相反,,,,选项错误另一方面讲若圆盘所受安培力与圆盘转动方向相同的话则圆盘不再需要外力驱动即可C,,,自行加速转动这就是妥妥的永动机错误由右手定则可知圆盘逆时针转动时线圈中产生的感应,,C;,,电流为顺时针其磁场与圆盘最初的剩磁相反将使圆盘磁性减弱甚至消失这将导致发电不可持续,,,,,选项错误D。答案8.【】AB解析搬水过程起点终点高度差相同水桶质量一样搬运用时一样则两同学对水桶做功一样多功【】,,,,率相同选项正确由于肩高不相同甲乙同学将水桶放肩上对水做功的大小也不相同选项错,A、B;,,C误水桶初末速度都是零初末重力做功瞬时功率都是零所以重力做功瞬时功率先增大后减小选项;,,,错误D。答案9.【】CDvvtav解析ΔΔΔ故随着速度的增加Δ减小选项错误圆周运动竖直与水平位置坐标【】x=t·x=v,,x,A;ΔΔΔΔy变化之比即圆周切线的斜率kΔ很显然随着物体的运动轨迹切线的斜率一直在变化选项,=x,,,,BΔpmg错误平抛运动动量变化pmgt水平位置变化xvt则Δ为定值选项正确匀强;Δ=Δ,Δ=Δ,x=v,C;ΔE电场中设该直线与电场线之间夹角为则电势能得变化EqEx位置变化x则Δp,θ,Δp=Δcosθ,Δ,x=ΔqE不变选项正确cosθ,D。答案10.【】BC解析滑块和斜面体的运动的末状态如图中虚线所示由图中加速度的方向【】,可知aa夹角是钝角选项错误滑块和斜面体组成的系统水平方向动1、2,A;量守恒且滑块和斜面体初速度为所以滑块和斜面体水平方向上速度投,0,影的大小时刻相等方向始终相反则滑块和斜面体的水平方向加速度投影、,的大小相等方向相反选项正确由面接触的物体不脱离条件可知滑块、,B;,和斜面体垂直斜面方向的速度投影时刻相等所以垂直斜面方向的加速度投,影相等选项正确将前述分析的结果画成矢量图如右图所示由几何知,C;,,识可知a的大小是a的大小的倍选项错误,125,D。物理试卷参考答案与解析第页共页2(5)二、非选择题:本题共5小题,共60分。D2UIR答案分分π(-0)分11.【】(1)1.840(2)2.500(2)(2)Id(3)4解析螺旋测微器读数为d游标卡尺读数为D【】(1)=1.5mm+34.0×0.01mm=1.840mm,=2.5cm+0×0.05mm=2.500cm;dUD2UIRρR则ρπ(-0)(2)D2=I-0,=dI。π44答案不需要分t分vtt分vtt分分12.【】(1)(2)(2)0(1)(1-0)(1)(2-0)(1)(3)ACDB(3)分(4)CD(2)解析光速太大实验装置尺度太小故不需要考虑光的传播时间【】(1),,;不考虑红外线传播时间故B接收到红外线的时刻t就是A发出红外线的时刻超声波从t时(2),0;0刻发出到tt时刻被B接收超声波传播的距离分别为vttvtt1、2,(1-0),(2-0);开始释放记录位置数据前需要先确定抛出点的位置并进行坐标调零将A放在轨道末端进行(3)A,,定位调零释放A之前就应该打开开始记录按钮否则B有可能记录不到完整的平抛运动位置数,“”,,据故实验步骤排序为,ACDB;题干说明了A发出脉冲的时间间隔为故可由坐标随时间变化规律确定A的平抛初速(4)0.02s,X度由坐标随时间变化规律确定A的平抛加速度即自由落体加速度,Y———。答案343或1m或.m13.【】(1)(1.11)(2)(0083)30812解析对气体由查理定律【】(1),PP12分TT………………………………………………………………………………………………()1=22PP即12=308343解得P2.倍分P()………………………………………………………………………………………()1=1112对气体由玻意耳定律(2),PVpV分=0'……………………………………………………………………………………………(2)即pVpV120=0'打火机内剩余气体的质量为mVm·分'=V……………………………………………………………………………………………(2)'解得mm分'=0.083………………………………………………………………………………………(2)物理试卷参考答案与解析第页共页3(5)答案-214.【】(1)4×10N(2)2.2m解析设小球经过N点时的速度为vN轨道对球的支持力为F小球从M点运动到N点根据【】(1),N,,动能定理mgRqER1v2N分-=m………………………………………………………………………………(2)2在点由牛顿第二定律和向心力公式N,mv2FNmg分-=R………………………………………………………………………………………(2)联立解得,N-2分F=4×10N……………………………………………………………………………………(1)由牛顿第三定律小球对轨道压力大小为-2分,4×10N……………………………………………(1)设小球脱轨后再次回到N点用时为t对小球在水平方向(2),,qEma分=………………………………………………………………………………………………(2)vNvNat分=-+………………………………………………………………………………………(2)在竖直方向y1gt2分=……………………………………………………………………………………………(2)2由几何关系yhH分+=……………………………………………………………………………………………(1)联立解得,h分=2.2m……………………………………………………………………………………………(2)eUeUλne2λSmvFlmvFl答案avmIUR2E总I22tE总I2Rt15.【】(1)=ml,=mlvF(2)=mvFl,=ne2λS(3)=ne2λS,=2解析导体内的电场强度为【】(1)UE分=l…………………………………………………………………………………………………(2)故电子定向移动的加速度为eEeUa分=m=ml…………………………………………………………………………………………(2)电子在阳离子间定向移动的时间为λτ=vF故电子获得的最大定向移动速度为eUλvmaτ分==mlvF………………………………………………………………………………………(2)物理试卷参考答案与解析第页共页4(5)时间t内通过导体横截面的电子数为(2)ΔNSnvΔt分=……………………………………………………………………………………………(1)其中vmeUλv分==mlvF………………………………………………………………………………………(1)22通过导体的电流为NeI分=Δt………………………………………………………………………………………………(1)联立解得,ne2λSIU分=mvFl…………………………………………………………………………………………(1)2导体电阻为UR分=I…………………………………………………………………………………………………(1)联立解得,mvFlR2分=ne2λS……………………………………………………………………………………………(1)由可知(3)(2)Ivm2分=neS………………………………………………………………………………………………(1)导体内的总电子数为NnlS分1=……………………………………………………………………………………………(1)时间t内平均每个电子碰撞次数为,tN分2=τ………………………………………………………………………………………………(1)故时间t内导体内自由电子损失的总定向移动动能为,E总NN1mv2m分=1·2·……………………………………………………………………………(1)2联立解得,mvFlE总I22t分=ne2λS……………………………………………………………………………………(1)mvFl将R2代入=ne2λS解得E总I2Rt分=……………………………………………………………………………………………(1)物理试卷参考答案与解析第页共页5(5)