物理参考答案选择题：共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。题号12345678910答案BDCBADCACCDBD【解析】1．蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为电能，故A错误。太阳能电池板把太阳能转化为电能，故C错误。风力发电将空气的机械能转化为电能，故B正确。太阳能、风能属于可再生能源，故D错误。2．根据PUI，代入数据可得I3.8A，故A、B错误。容量QIt18720C，故C错误。2PPIr机电48W，故D正确。3．材料的电阻率与材料的本身有关，与温度等因素有关，所以电导率也与材料的本身有关，L与温度等因素有关，材料的电导率越大，其导电性能越强，故A、B错误。由R知SRSUWFxFxSkgm3；又RU，，，FmaqIt；则；电阻率的单位为；LIqqLI2tAs231As23，所以电导率的单位为，故C正确。kgm3GMm4π2GMT244．由mRh()，得hR3，故A正确。结合MVRπ3，得()Rh22T4π2333πRhGMmGM，故B错误。结合mg，得g，故C正确。结合GT2RR2R2GMmv2GM0m，得v，故D正确。R20RR5．粉尘吸附电子后带负电，因此向正极A运动。由于电离出的气体中电子导电，煤粉吸附的qmnNAeIt电荷量为q，设每天处理煤粉的总量为m，则qmnNeA，由I，得m，ttnNAe故A正确。物理参考答案·第1页（共6页）{#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}6．当S与3、4相连时，多用电表是欧姆表，内置电源的正极应与黑表笔相连，电源的负极应与红表笔相连，所以A为红表笔，B为黑表笔，但红表笔电势比黑表笔低，故A错误。当S与5、6相连时，多用电表是电压表，接6时串联电阻较大，电压表的量程较大，故B错误。当S与1、2相连时，多用电表是电流表，开关S接1时，量程为0~100mA，Igg()RR2IggRII1g；S接2时，量程为0~10mA，II2g，代入数据得R1RR1210RR，10，故C错误，D正确。1297．以ab合在一起为研究对象，库仑力为内力，FmgFT12，故A错误。剪断连接球a的Fmg细线瞬间，以整体为研究对象，Mg2mgFme，以b球为研究对象，则NmFFmge，联立两式解得FMgFMgN，根据牛顿第三定律，地面受到的压力小于Mg，故B错误。剪断连接球b的细线瞬间，同理可得FMgmgFN2，故C正确。FmgFmaT2e0，得FmgmaFT220，故D错误。8．选择1接线柱不动，另外一个接线柱有2（7）、3（6）、4（5）三种选择，这三种选择组成74214352128的并联电阻阻值分别为R6，R10，R12，故总124913491449共有三种不同的阻值，最大阻值为12，最小阻值为6。故选AC。49．由图线a知，此硅光电池的电动势E6.8V，由图线b知，电阻R20，当电阻0.2接在硅光电池上，在该光照强度下UI外4V，0.2A，由EU外Ir得r14；电池总功率PEI6.80.2W1.36W，电池的输出功率PUI出外40.2W0.8W，效率P出100%59%，故A、B错误，C、D正确。P10．带电液滴在平行板中受到向上的电场力和向下的重力处于平衡状态，在温度升高的过程中，热敏电阻RT阻值变小，回路中电流变大，路端电压减小，由于流过定值电阻R1的电流变大，所以电阻R1分的电压变大，而路端电压减小，故电压表V2示数减小，平行板间物理参考答案·第2页（共6页）{#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}的电场强度也减小，导致带电液滴向下运动，液滴受到的电场力做负功，电势能增加，故A错误。电压表V3测路端电压，电压表V2测热敏电阻RT两端电压，电压表V1测定值电阻UUR两端电压，由UEIr，得3r，UEIrR()，得2rR，由UIR13I21I111UUUUUU得1R，故1、2、3都不变，且23，故B正确。R减小，R一I1IIIIIT外定减小，但R外初始值可能大于等于和小于内阻r，所以电源的输出功率有不同的可能性，()rRRR122故C错误。采用等效思想，新电源内阻r，EE，因为RT与r大rR12RrR12R小关系不确定，所以电阻RT的功率可能增大，也可能减小，故D正确。非选择题：本大题共5小题，共54分。11．（除特殊标注外，每空2分，共8分）（1）R2R3（2）如图所示（1分）（3）①最左端（1分）（4）rk12(1)R12．（每空2分，共10分）（1）AC（2）不变变长（3）5.610~6.01033（4）5.610~6.01044【解析】先将S掷向1端，然后掷向2端，电容器先充电后放电，但是电容不变，故A正确，B错误。电容器充电时，电荷量增加，两极板间电场增加，所以电场能增加，故C正确。一个极板带正电荷，一个极板带负电荷，故D错误。（2）不改变其他参数，只增大电阻R，充电时it曲线与横轴所围成的面积将不变；由于电阻对电流有阻碍作用，所以增大电阻，电流减小，则充电时间变长。物理参考答案·第3页（共6页）{#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}（3）根据图像的含义，因为QIt，所以it图像与横轴所围的面积表示电容器的放电量；根据横轴与纵轴的数据可知，一个格子的电量为1.0104C，格子为56~60个，所以释放的电荷量是Q5.61033~6.010C。Q（4）C5.610~6.010F44。U13．（10分）解：（1）设子弹的质量为m，射入后共同速度为v1，子弹与木块B作用过程中，根据动量守恒定律，有①mmmvv01()B根据能量守恒定律，产生的内能等于系统损失的动能11QEEmvv22()49Jmm②k0k1220B1（2）A和含有子弹的B与弹簧发生相互作用的过程中，当二者共速时，弹簧的弹性势能最大，设共同速度为v2，根据动量守恒定律得()(mmBBAvv12mmm)③根据能量守恒定律，弹簧获得的最大弹性势能11Emmmmm()(vv22)④p22BBA122解得EJ⑤p3评分标准：本题共10分。正确得出①~⑤式各给2分。14．（12分）1解：（1）根据动能定理：eUmv2①22eU质子在加速电场中获得的速度v②m物理参考答案·第4页（共6页）{#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}v2（2）质子在辐向电场中做匀速圆周运动：eE0m③R02U解得R0④E0（3）在匀强电场中做匀变速曲线运动，质子打在B位置时：22RRRvt⑤2eEa⑥mR1at2⑦228U联立，解得E(743)⑧R22R质子打在A位置时：RRvt⑨28U同理可得E(743)⑩R8U8U所以E的范围为(743)≤E≤(743)RR评分标准：本题共12分。正确得出①式给2分，其余各式各给1分。15．（14分）解：（1）小滑块做匀速直线运动，可知qE2mg①得E2400N/C，方向竖直向下②小滑块在平台NA上运动，由动能定理得11qELmgLmvv22m③1022A得0.3④物理参考答案·第5页（共6页）{#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}（2）t10.1s后，如图，滑块做匀速圆周运动，到达N点，由几何关系得135⑤23πrt2s⑥v03608由动量定理有qE13tmgt3mvvAm0⑦滑块从M点运动到A点的时间tt123tt⑧3t0.11s1.475s⑨8（3）根据题目信息，小滑块在半圆形轨道上运动到最小速度时，滑块和轨道间的弹力恰好为零，假设该点为D点，则有v2mgsinqEcosmDmin⑩1R11mgRmgRsinqERcosmvv22m122DminA26解得vm/sDmin3评分标准：本题共14分。正确得出⑩、式各给2分，其余各式各给1分。物理参考答案·第6页（共6页）{#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}