江西高三物理参考答案14.【答案】D【解析】两圆形轨迹外切，可知是衰变，粒子和反冲核均带正电。根据左手定则知，在磁场中均沿逆时针方向2πm做匀速圆周运动，绕向相同，A、B选项错误；由周期公式T得，周期与比荷有关，而粒子与反冲核比荷qB不同，故C错误。依据题意分析该静止原子核为铀核，但不能确定是铀的哪种同位素，所以衰变方程可能为238423492U2He+90Th，D选项正确。15.【答案】D【解析】以手机为研究对象，受力为重力mg和拉力T，根据牛顿第二定律mgtanma，得agtan，手机显示数值越小，滑轮左侧绳与竖直方向夹角θ越小，A选项错误；拉力满足Tcosmg，解得mgT，手机显示加速度数值越小，θ越小，拉力越小，物块对车厢的压力越大，B选项错误；物块cos与车厢间摩擦力fMaMgtan，手机显示加速度数值越大，f越大，C选项错误；物块与车厢间最大静摩擦力，手机显示加速度数值越大，越小，物块与车厢间最大静摩擦力越小，选fmaxFNFND项正确。16.【答案】B【解析】将汽车的刹车过程逆向看作初速度为0的匀加速直线运动，其相同时间内的位移之比为1:3:5:7:9:…，把位12移之比重新组合为1:(3+5):(7+9):…，即1:8:16:…，所以汽车在3.5s已经停止。故1m=a0.5，解得a8m/s2，2v0at82.5m/s20m/s，选项B正确。17.【答案】C【解析】由牛顿第二定律可知，Fkx3mgma，整理得Fma3mgkx，弹簧形变量x变化，故外力F3mg为变力，A错误；初始静止时，根据平衡条件kx(2mm)g，解得x。两物体分离时，两物体的加速度11k5mg相同且之间没有弹力，此时对A，根据牛顿第二定律kxmgma解得x，B错误；此时A和B的速度224k7mg2均为v2a(xx)，C正确；物体B机械能的增加量为128k135m2g2EEE2mv22mg(xx)，D错误。kP2218k18.【答案】D【解析】第一宇宙速度是飞行器绕地球表面北极附近做圆周运动的速度，故神舟十五号在A点的速度一定大于第一h宇宙速度，A正确。由开普勒第二定律可知，v()RhvR，故神舟十五号在A点的速度大小为vv(1)，0AA0Rv2B错误。神舟十五号在Ⅱ运行时线速度要大于v，故其在B点的加速度大于0，C错误。神舟十五号在Ⅱ运行0Rh页1gR2时线速度v，故从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ发动机需要做的功为Rh111gR211gR2Wmv2mv2mmv2m()v2，D正确。2202Rh202Rh019.【答案】ADSCSd5【解析】由平行板电容器电容公式C可知，变化前后电容器电容之比为112，电容器两端电4kdC2S2d19QC5压不变，变化前后电容器所带电荷量之比为11，A正确，B错误；电子由静止从上极板运动到下极板过QC22912eU程，由动能定理有eUmv2解得，电子到达下极板的速度v电容器两端电压不变，变化前后电子到达2meU下极板的速度之比为1：1，C错误；电子由静止从上极板运动到下极板过程，电子的加速度a，电子的运动md2d2md22mtd2时间td，故变化前后电子运动到下极板所用时间之比为11，D正确。aeUeUt2d2120.【答案】BC【解析】如图，C从A点逆时针转动过程中AOCt，BOCt。所以11SSSR2sintR2sintR2sint，根据法拉第电磁感应定律，有，ABCAOCBOC222，A错误；磁通量是先增大后减小，故根据楞次定律先逆时针后BSABCBRsint，顺时针，B正确。EBR2cost该图像是类似余弦函数的图像，且最大值为t22EmBRBR。所以C正确，；由E效224所以D错误。22E效2ππBR，Q，rr21.【答案】ABD【解析】根据左手定则所以粒子带正电，A正确；已知初速度沿y轴正向的粒子经过磁场后，恰能垂直射在光屏上，结合沿圆形磁场区域半径射入的粒子，一定沿另一半径方向射出，可以得出该粒子的轨迹半径等于圆形区域半径R，根据洛伦兹力提供向mv2mv心力qvB，解得B，故B正确。粒子出射方向相同，均沿x轴正方向，RqR根据速度偏转角等于轨迹对应的圆心角，入射方向与x轴负方向的夹角越小，则圆心角越大，则垂直射在光屏上边缘的粒子对应的圆心角最大，如下图所示，根据几何关系d=，θ=30°，轨迹圆心角为120°，此时在磁场中运动2πR时间最长，为tmax==，故C错误；结合C选项可知，能射在光屏上的粒子初速度方向与x3v轴夹角满足60°≤θ≤120°，故D正确。页222.（6分，每空2分）【答案】d1（1）0.85（2）；2tt2【解析】（1）遮光条的宽度d8mm50.1mm=8.5mm=0.85cm；（2）遮光条与物块角速度相同，物块速度为遮光dv2md21条线速度的一半，v=；根据牛顿第二定律F=m，所以为了画出线性图像，应做力F与的函数图2tr4rt2t2像。23.（9分）【答案】（1）910（3分）；2000（2分）（2）50（2分）（3）大于（2分）IRGG【解析】（1）由欧姆定律得IRIRGGG()21V，解得R2910。由欧姆定律得R1IRGGIRIRRGGG()(23)3V，解得R32000；（2）把改装电压表和标准电压表组成的并联部分看做一R1R个整体，这个整体的总电阻约为1500，这个整体和滑动变阻器的一部分电阻丝MP并联，再和剩下的部分电阻丝RRPN串联，电池的电动势E为5V，如果选择5kΩ的滑动变阻器，为了使电压表两端的电压能达到3V，则PN需小于1000，即滑动变阻器只有五分之一的调节空间，不利于控制电压表两端的电压；如果选择50Ω的滑动变阻器，因为电压表并联后的总电阻远大于50Ω，可将其当做理想电压表来处理，则滑动变阻器就有五分之三的调节空间，有利于精确调节电压，故选择最大阻值为50Ω的滑动变阻器。（3）改装电压表的读数比标准电压表的读数偏小，即在相同的电压下，流过改装表的电流偏小，说明改装表的电阻偏大，表头G内阻的真实值大于900。24.（12分）解：（1）逆过来考虑，小球从C点由静止下滑，滑到B恰好脱离大半球，之后斜向下抛碰到地面上的A点。设小球质量为m，从C到A全程考虑，根据能量守恒得1mgRmv2（2分）2A解得vA2gR（2分）（2）假设OB半径与竖直方向夹角为θ，从C到B，根据能量守恒可得1mgR（1-cos)mv2（2分）2Bv2B点mgcosmB（2分）R2由以上两个式子解得cos（1分）32gRv（1分）B3页32hRcosR（2分）325.（20分）【解】（1）金属棒N由静止释放后，沿斜面做变加速运动，加速度不断减小，当加速度为零时有最大速度v，由牛顿第二定律mgsinmgcosF安=0（1分）F安=BIL（1分）EI（1分）RR12E=BLv（1分）联立解得:v2m/s（2分）（2）金属棒N从刚进入磁场到静止，由动量定理有：mvB2ILt（1分）又qIt（1分）E且I（1分）RR12BLx由法拉第电磁感应定律有：E2（1分）tt解得:B22T（2分）（3）若在金属棒N到达ab附近前打开锁扣，N金属棒受到安培力作用而减速，M金属棒受到安培力作用而加速，当它们速度相等时，它们之间距离最小。设它们共同速度为V1，由动量守恒定律有：mv2mv1（1分）1即：v=v（1分）12对于M有：mv1=B2ILt1（1分）EB2Lx且I，E（2分）RR12t1t1BLxq2又q1It1，1（1分）RR12解得：x1m（1分）金属棒N与金属棒M不会发生碰撞，NM间的最小距离：xxx1m（1分）页433.（15分）（1）（5分）【答案】ABE【解析】当分子间距小于r0，分子力表现为斥力，随着分子间距的减小而增大，分子势能也随着分子间距的减小而增大，故A正确；液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，液体表面存在张力，故B正确；悬浮在液体中的微粒越小，布朗运动就越明显，选项C错误；根据物质的结构的特点可知，单晶体的某些物理性质具有各向异性，而多晶体和非晶体是各向同性的，故D错误；根据热力学第二定律可知，热量总是自发的从温度高的物体传递到温度低的物体；而温度是分子的平均动能的标志，所以热量总是自发的从分子平均动能大的物体传递到分子平均动能小的物体，故E正确。（2）（10分）【解】（i）设篮球内部容积为V=8L，打气筒每打一次气的体积△V=0.25L5最后篮球内气压达为p1=1.5×10Pa（2分）以篮球内原有气体与打入的所有气体组成的整体为研究对象，由玻意耳定律，有p0（V+N△V）=p1V（2分）解得N=16（次）（1分）PVP()VV（ii）比赛前篮球内空气为研究对象，由理想气体状态方程，11（1分）TT121解得VV（1分）30mV由于在相同温度和相同压强下，质量之比等于体积之比，（2分）mVVm1解得（1分）m3134.（15分）（1）（5分）【答案】ABE【解析】AC、根据光的偏折程度可知，c光的折射率最小，a光的折射率最大，则c光的波长最长，a光波长最短，能量最高。故A正确，C错误。B、a光的折射率最大，由公式v=分析得知，三色光在玻璃三棱镜中传播时a光速度最小。故B正确。D、c光的波长最长，a光波长最短，而干涉条纹的间距与波长成正比，则c光形成的干涉条纹的间距最大，故D错误；E、a光的折射率最大，由临界角公式sinC=分析得知，a光的临界角最小，若让a，b，c三色光以相同的入射角从某介质射向真空，b光恰能发生全反射，则a光也一定能发生全反射。故E正确。故选：ABE。（2）（10分）【答案】（i）路程x=（ii）位移：x=，方向向下。【解】（1）因为波的振幅（1分）经过，C点运动的路程：x=（2分）（2）由振动图象可知，A质点在波峰时，B质点在平衡位置向下振动，因为波从A向B传播，则AB间相距（2分）页5解得:（n=0，1，2…）（1分）由于3m＜λ＜8m可求得（2分）AB两点间距，故波通过A，B两点所需时间为（2分）页6