昆明一中2024届高三第3次联考物理参考答案选择题题号1415161718192021答案ACBCDBCADABC14．【答案】A【解析】声波的速度与介质有关，声音从空气进入水中，波速变大。声波的频率由波源决定，从空气进入水中，频率保持不变。由可知，波长变大，A正确；车辆与探测器之间的距离减小，由于多普勒效应，探测器接收到被车辆反射回来的超声波频率大于发射频率，B错误；，C错误；当驱动力的频率与物体的固有频率相等时，发生共振现象，此时物体的振幅最大，D错误。故选A。15.【答案】C【解析】由图像可知，甲的速率，乙的加速度。设甲第一次追上乙所需的时间为t，甲的位移，乙的位移，，带入数据可得：，解得或。其中是甲追上乙后又被乙反超的时刻，应该舍去，故选C。16.【答案】B【解析】岸上所有景物发出来的光，射向水面时入射角分布在0°到90°之间，射入水面后的折射角分布在0°到临界角C之间。几乎贴着水面射入水里的光线，在潜水员看来是从折射角为C的方向射来的，水面上其他方向射来的光线，折射角都小于C，因此他认为水面以上的所有景物都出现在顶角为2C的圆锥里，由：，则，又因为，所以，故选B。17.【答案】C【解析】公式U=Ir，计算出来的电压是输电线上损失的电压，不是输电电压，A错误；公式P=IU，计算出来的功率是输电的总功率，不是损失的功率，B错；公式，没有物理意义，D错误。故选C。18.【答案】D【解析】卫星A和同步卫星都绕地球运动，由开普勒第三定律得：，A错误；设卫星A相邻两次出现在测控站B的正上方的时间间隔为，则，解得，所以在一昼夜的时间内，卫星A出现在测控站B的正上方的次数为7次，B错误；卫星通讯信号沿直线传播，只有A位于B点的地平线之上时，才能保值通讯，如图所示：在通讯时间内，卫星从A点运动到了点，测控站从B点运动到了点，这段时间内A相对于B转过的角度为，则，解得，C错误；在一昼夜的时间内，卫星A共7次出现在测控站B的正上方，每次连续直接通讯的最长时间为，总共能直接通讯的最长时间为8h，D正确。故选D。19.【答案】BC【解析】一群处于n=3能级的激发态的氢原子，最多能发出种不同频率的光子，A错误；一个处于n=3能级的激发态的氢原子，最多能发出种不同频率的光子，B正确；能量为10.2eV的光子，刚好可以被氢原子整个吸收，跃迁到第2能级，C正确；根据动量守恒定律，氢原子被轰击后速度不为零，也就是电子的能量不能全部用于氢原子的跃迁，所以氢原子不能被激发，D错误。故选AC。20.【答案】AD【解析】一开始油滴保持静止，说明油滴受到的电场力与重力平衡。保持开关闭合时，电容器两极板电压U保持不变，将上极板往上平移，板间距离增大，由可知，板间电场强度减小，油滴受到的电场力小于重力，所以向下加速，A正确；保持开关闭合，将上极板向左移动少许，由可知，电容器的电容C减小，又因为，所以电荷量Q减小，电容器放电，产生由b到a的电流，B错误；断开开关后，电容器的电荷量Q保持不变，由可知，此时板间电场强度与板间距离无关，将上极板往上平移时E不变，P点电势，保持不变，C错误；将上极板向左移动少许，S减小，由可知板间电场强度增大，D正确。故选AD。21.【答案】ABC【解析】当金属棒转到与OA夹角为θ=60°时，由几何关系可知，金属棒切割磁感线的有效长度为R，产生的感应电动势，A正确；金属棒AP段相当于电源，导体圆环相当于外电路，等效电路如图：图中，，。所以，外电路的总电阻为，则，B正确；流过金属棒的电流为，C正确；金属棒受到的安培力为，D错误。故选ABC。实验题22.【答案】（1）（2）（3）（4）D【解析】（1）每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积；（2）根据图中信息，将不足半格的舍去，超过半格的当作一整格，则小方格的总数为60个，则油膜的面积为：；（3）油酸分子的直径：；（4）油酸酒精溶液长时间放置，酒精挥发后油酸浓度增大，会导致V的测量值小于真实值，根据可知，分子直径的计算结果将偏小，A错误；若油酸没有充分散开，会导致S的测量值小于真实值，根据可知，分子直径的计算结果将偏大，B错误；计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格，会导致S的测量值小于真实值，根据可知，分子直径的计算结果将偏大，C错误；在向量筒中滴入1mL油酸酒精溶液时，滴数少记了几滴，会导致V的测量值大于真实值，根据可知，分子直径的计算结果将偏大，D正确。故选D。23.【答案】（1）V2R2（2）如图所示：（3）（4）等于【解析】（1）由于实验器材中没有提供电流表，而且所提供的两个电压表内阻未知，只能通过定值电阻求出待测电压表的电流，所以要将待测电压表和定值电阻串联，再通过另一个电压表测量定值电两端的电压，电路的测量部分如图所示：已知待测电压表内阻约为2kΩ，如果选择定值电阻R1=40Ω，电阻分压太小，故定值电阻选择R2=4kΩ，此时定值电阻分压约为待测电压表的2倍，所以总电压为待测电压表两端电压的3倍，故电压表选择V2；（2）因为所给的滑动变阻器R3，最大阻值为5Ω，所以滑动变阻器只能采用分压式接法，结合（1）问中电路的测量部分，完整的电路图如图所示：（3）由电阻的定义式可知，待测电压表的内阻：eq\o\ac(○,1)其中：为流过电压表的电流，设流过定值电阻R2的电流为，则：eq\o\ac(○,2)eq\o\ac(○,2)式代入eq\o\ac(○,1)式得：eq\o\ac(○,3)（4）由上述分析可知，该实验方案不存在系统误差，所以在不考虑偶然误差的情况下，该测量值等于真实值。解答题24．（10分）【解析】（1）设悬线与竖直方向的夹角为θ，则：①笔与地铁具有相同的加速度，设笔的质量为m，对笔有：②代入数据，解得：③方向水平向左（2）该同学相对车厢静止，与车厢具有相同的加速度，所以该同学受到的合外力为：④方向水平向左，对该同学受力分析如下图所示：由平行四边形定则得：⑤代入数据得：⑥评分参考：第（1）问6分，①②式各2分，③式1分，加速度的方向1分；第（2）问4分，④⑥式各1分，⑤2分。25．（14分）【解析】（1）第一发子弹击中木块到木块与小车第一次共速的过程中，木块、子弹与小车水平方向动量守恒，取水平向右为正方，则：①解得：②第二发子弹击中小车到木块与小车第二次共速的过程中，木块、子弹（两发）与小车水平方向动量守恒，则：③解得：④所以：⑤（2）第一发子弹击中木块的过程，子弹与木块水平方向动量守恒：⑥解得：⑦子弹击中木块后到木块与小车第一次共速的过程中，摩擦生热等于系统机械能的损失：⑧解得：⑨第二发子弹击中小车的过程，子弹与小车水平方向动量守恒：⑩解得：eq\o\ac(○,11)子弹击中小车后到木块与小车第二次共速的过程中，摩擦生热等于系统机械能的损失：eq\o\ac(○,12)解得：eq\o\ac(○,13)所以：eq\o\ac(○,14)评分参考：第（1）问5分，①②③④⑤式各1分；第（2）问9分，eq\o\ac(○,6)-eq\o\ac(○,14)式各1分。26．（20分）【解析】（1）粒子在电场中加速的过程，由动能定理得：当带电粒子一次加速后直接从B点射出时，磁感应强度有最小值Bm，此时带电粒子在磁场中运动的半径为R，则：两式联立，得：（2）由于磁感应强度增加，带电粒子一次加速后在磁场中运动的半径减小，接下来将会反复多次加速，设带电粒子在电场中n次加速后，进入磁场中的半径恰好为R，粒子刚好能从B点射出，则：经过n次加速后粒子在磁场中运动时有：联立，得：所以：其中：③联立，得：⑨（3）磁感应强度为（1）问中最小值的4倍时，粒子第一次加速后在磁场中的半径：⑩在磁场中运动半个周期后，粒子将进入电场，先减速到零再被反向加速，最后以等大的速度射出电场，此时进入磁场的半径不变。在磁场中运动半个周期后来到O点，由于极板板长略小于R，O点处无电场，粒子继续在磁场中圆周运动半个周期，然后进入电场再次加速，经过多次加速后假设粒子能从B点射出，则粒子在磁场中的最大半径为：eq\o\ac(○,11)设带电粒子加速的次数为k，则：eq\o\ac(○,12)n次加速后在磁场中：eq\o\ac(○,13)eq\o\ac(○,3)eq\o\ac(○,12)eq\o\ac(○,13)联立，得：eq\o\ac(○,14)说明粒子经过9次加速后，恰好能从B点射出，eq\o\ac(○,14)代入eq\o\ac(○,12)可得此时粒子的速度：eq\o\ac(○,15)评分参考：第（1）问5分，①②式各2分，③式1分；第（2）问8分，⑦式2分，④⑥⑧⑨式各1分；第（3）问7分，eq\o\ac(○,11)式2分，eq\o\ac(○,10)eq\o\ac(○,12)eq\o\ac(○,13)eq\o\ac(○,14)eq\o\ac(○,15)式各1分。