上饶市2024届第二次高考模拟考试物理参考答案及评分参考一、选择题:本题共10小题,共46分。在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目要求,每小题4分;第8~10题有多项符合题目要求,每小题6分,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。题号12345678910答案BDABCCABCADBD二、非选择题:本题共5小题，共54分。11.（6分）（1）B（2分）（2）4：1（2分）（3）2：1（2分）12.（9分）（1）1.0(1分)（2）B(2分)（3）35(2分)50(2分)（4）偏低(2分)13．（10分）解：（1）根据题意，由盖—吕萨克定律有hS(hh)S112T1T..................................................①解得T=350K......................................................②（2）当环境温度缓慢升高的过程中，活塞先缓慢上移至卡口，气体先做等压变化，设封闭气体等压膨胀时的压强为P1,由第一问知，当温度升高到T=350K时,活塞刚好上移至卡口处，由平衡知mgp1Sp0S..................................................③到卡口之后温度升高，气体体积不变，当T2=420K时的压强为P,由查理定律有PP1TT2..........................................................④解得p=1.8×105Pa.................................................⑤评分参考：第（1）问4分①~②式各2分第（2）问6分③~⑤式各2分其他准确答案酌情给分。14．（11分）解：（1）开关与1接通，由闭合电路的欧姆定律有:E6IA30Arr10.10.1........................................①在开关与1接通瞬间，由牛顿第二定律有:{#{QQABAQwUgggoQIAAARhCAQlCCAMQkBACCAoOBAAEoAABCRFABAA=}#}F=BIL＝ma.......................................................②代入数据解得加速度a＝24m/s2.........................................................③（2）导体棒做加速度减小的加速运动，设导体棒的最大速度为vm；导体棒切割磁感线运动产生反电动势E感＝BLv..........................................................④当导体棒获得最大速度，则E感＝BLvm＝E......................................................⑤代入数据解得vm＝7.5m/s........................................................⑥此时将开关与2接通，导体棒还能运动的时间为t,取此时导体棒前进的速度方向为正方向，由动量定理可得L=mvm.......................................................⑦代入数据−��−17.575qItCC.............................................⑧1.00.88由能量守恒知导体棒和电阻产生的总的焦耳热Q.........................................................⑨由串1联电2路特点知R产生的焦耳热�=2���RQQRRr1.......................................................⑩代入数据可得0.21275QR17.5JJ0.20.124.......................................⑪评分参考：第（1）问3分①~③式各1分第（2）问8分④~⑪式各1分其他准确答案酌情给分。15．（18分）（1）滑块Q第一次从G点到A点时与弹簧分离，从A点滑上床送带，设在滑块Q在A点的速度为VQ，对滑块Q由动能定理得12WFmVQ2......................................................①由F-x图像知弹簧从G点到H点对P做功WF1W180.5J4.5J............................................②F2=3..........................................................③Qm/s（2）滑块Q在D点速度为VD，由牛顿第二定律可知mV2FmgD..................................................④NR{#{QQABAQwUgggoQIAAARhCAQlCCAMQkBACCAoOBAAEoAABCRFABAA=}#}Q滑上长木板M后，以Q和长木板为系统动量守恒，恰好没滑离，则Q滑到长木板右端时达到共同速度V'mVD(Mm)V'.................................................⑤由能量守恒定律可知1212mgL'mVD(mM)V'22.......................................⑥联立④-⑥式代入数据可得L'3m...........................................................⑦（3）设BC的竖直高度为h，传送带离地面高为H则H=h+R（1-cosθ)..................................................⑧Q滑上传送带时间VQ=3m/s