昆明市第一中学2025届高三年级第四次联考物理试卷本试卷共4个大题，共6页。满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1.答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。考生要认真核对答题卡上所粘贴的条形码中“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。2.答选择题时，每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，必须使用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上书写，要求字体工整、笔迹清晰。作图题可先用铅笔在答题卡规定的位置绘出，确认后再用0.5毫米的黑色墨水签字笔描清楚。必须在题号所指示的答题区域作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上答题无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。1.随着科技的发展，大量的科学实验促进了人们对微观领域的认识。下列说法正确的是（）A.α粒子散射现象说明原子核具有复杂结构B.光电效应现象中逸出的电子是原子核内中子转变成质子时产生的C.在原子核中，比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固D.原子核外电子跃迁时辐射出光后，其动能增大【答案】D【解析】【详解】A．放射性现象说明原子核内部具有复杂结构，α粒子散射现象说明原子核内部具有核式结构，故A错误；B．光电效应现象中逸出的电子是核外电子，衰变是原子核内中子转变成质子时产生的，故B错误；C．原子核的结合能与核子数之比，称做比结合能，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，故C错误；D．原子核外电子跃迁时辐射出光后，按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较大的轨道跃迁到半径较小的轨道，电子的动能增大，原子的能量减小，故D正确。故选D。2.生活中手机小孔位置内安装了降噪麦克风，其原理是通过其降噪系统产生与外界噪音相位相反的声波叠加从而实现降噪的效果。图丙表示的是理想情况下的降噪过程，实线表示环境噪声，虚线表示降噪系统产第1页/共19页学科网（北京）股份有限公司生的等幅反相声波。则（）A.降噪过程应用的是声波的干涉原理，P点振动加强B.降噪过程应用了声波的衍射原理，使噪声无法从外面进入耳麦C.降噪声波与环境噪声声波的传播速度大小相等D.质点P经过一个周期向外迁移的距离为一个波长【答案】C【解析】【详解】C．由于传播介质相同，所以降噪声波与环境噪声声波的传播速度大小相等，故C正确；AB．由题图丙可知，降噪声波与环境声波波长相等，则频率相同，叠加时产生稳定干涉，又由于两列声波等幅反相，所以能使振幅减为零，从而起到降噪作用，两列声波使P点的振动方向相反，所以P点为振动减弱点，故AB错误；D．P点并不随波的传播方向移动，故D错误。故选C。3.彩虹是由阳光进入水滴，先折射一次，然后在水滴的背面反射，最后离开水滴时再折射一次形成的。彩虹形成的示意图如图所示，一束白光L由左侧射入水滴，a、b是白光射入水滴后经过一次反射和两次折射后的两条出射光线（a、b是单色光）。下列关于a光与b光的说法正确的是（）A.水滴对a光的折射率大于对b光的折射率B.a光在水滴中的传播速度等于b光在水滴中的传播速度C.a、b光在由空气进入水滴后波长变长D.若a光、b光在同一介质中，以相同的入射角由介质射向空气，若a光能够发生全反射，则b光也一定第2页/共19页学科网（北京）股份有限公司能够发生全反射【答案】A【解析】【详解】A．由光路可知，a光的偏折程度大于b光，可知水滴对a光的折射率大于对b光的折射率，选项A正确；B．根据cvn可知，a光在水滴中的传播速度小于b光在水滴中的传播速度，选项B错误；C．a、b光在由空气进入水滴后波速变小，频率不变，根据vf则波长变短，选项C错误；D．根据1sinCn可知，a光的折射率大于对b光的折射率，可知a光的临界角小于b光的临界角，则若a光、b光在同一介质中，以相同的入射角由介质射向空气，若a光能够发生全反射，则b光不一定能够发生全反射，选项D错误。故选A。4.图甲为示波管的原理图。如果在电极YY′之间所加的电压按图乙所示的规律变化，在电极XX′之间所加的电压按图丙所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是（）第3页/共19页学科网（北京）股份有限公司A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】示波管的电极YY′上的偏转电压加的是如图（乙）的信号电压，XX′偏转电极上加上如图（丙）的扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同，就会在荧光屏上显示与信号电压一致的波形即图B的波形。故选B。5.如图所示，竖直平面内有两根完全相同的轻质弹簧，它们的一端分别固定于相同高度的M、N两点，另一端均连接在质量为m的小球上，开始时小球在外力作用下静止于MN连线的中点O，弹簧处于原长。撤去外力使小球从O点开始由静止下落，一段时间后到达最低点P。已知弹簧始终处于弹性限度内，不计空气阻力，从O点第一次运动到P点的过程中（）A.小球的加速度一直增大B.小球的加速度先减小后增大C.小球的机械能一直增大D.小球的机械能保持不变【答案】B【解析】【详解】AB．小球从O点第一次运动到P点的过程中，小球的速度先增大后减小，即小球先加速后减速，当加速度为零时，速度达最大，则可知小球的加速度方向先向下后向上，由于小球受到重力和弹簧弹力的合力先减小后增大，根据牛顿第二定律知其加速度大小变化先减小后增大，故A错误，B正确；CD．由于小球在从O点第一次运动到P点的过程中，弹簧弹力的合力对小球一直做负功，所以小球的机械第4页/共19页学科网（北京）股份有限公司能一直减小，故CD错误。故选B。6.已知地球质量约为月球质量的81倍，地球半径约为月球半径的4倍，月球绕地球公转的半径约为地球半径的60倍，则（）A.地球表面自由落体加速度与月球表面自由落体加速度之比为9：4B.地球表面自由落体加速度与月球表面自由落体加速度之比为16：9C.地球表面自由落体加速度与月球绕地球公转向心加速度之比为3600∶1D.地球表面自由落体加速度与月球绕地球公转向心加速度之比为3600：81【答案】C【解析】【详解】AB．根据MmGmgR2可得GMgR2可得gMR月181地地()281()2g月M月R地416选项AB错误；CD．月球绕地球公转时加速度满足MmGmar2即GMar2可知地球表面自由落体加速度与月球绕地球公转向心加速度之比为gr6023600()2aR11选项C正确，D错误。故选C。7.用打气筒给篮球打气，设每推一次活塞都将一个大气压的一整筒空气压入篮球。不考虑打气过程中的温第5页/共19页学科网（北京）股份有限公司度变化，忽略篮球容积的变化，则后一次与前一次推活塞过程相比较（）A.两次篮球内气体压强的增加量相等B.后一次篮球内气体压强的增加量大C.后一次压入的气体分子数多D.后一次压入的气体分子数少【答案】A【解析】【详解】AB．设篮球体积为V0，打气筒体积为V，打第n次气后篮球内气体的压强为pn，打第n+1次气后气体压强为pn1，根据玻意耳定律，有pnV0p0Vpn1V0可知p0Vpn1pnV0即两次篮球内气体压强的增加量相等，故A正确，B错误；CD．每次压入的气体均为同温度、同压强、同体积，由理想气体状态方程知每次压入气体的物质的量相同，可知压入的气体分子数相等，故CD错误。故选A。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，将两块光滑平板OA、OB固定连接，构成顶角为60°的楔形槽，楔形槽内放置一质量为m的光滑小球，整个装置保持静止，初始时OA板在水平地面上，现使楔形槽绕O点顺时针缓慢转动至OA板竖直，则转动过程中（）A.初始时OA板对小球的作用力最大B.转过30°时OA板对小球的作用力最大C.转过60°时OB板对小球的作用力最大D.转过90°时OB板对小球的作用力最大第6页/共19页学科网（北京）股份有限公司【答案】BD【解析】【详解】将转动过程中，某时刻受力分析，如图则缓慢转动过程中，小球受力平衡，根据拉密原理可知GNNABsinαsinθsinβG因为，转动过程中，α=120°不变，小球重力mg不变，则比值不变；θ角由60°增大到150°；β角由sin180°减小到90°。sinθ先增大后减小；sinβ一直增大。所以NA先增大后减小；NB一直增大。当θ=90°时，即转过30°角时，sinθ最大，即NA最大；当β=90°时，即转过90°角时，sinβ最大，即NB最大。故选BD。9.如图所示，在y≥0的区域存在垂直xOy平面向外的匀强磁场，坐标原点O处有一粒子源，可向x轴和x轴上方的各个方向均匀地不断发射速度大小均为v、质量为m、带电荷量为4q的同种带电粒子。在x轴上距离原点x0处垂直于x轴放置一个长度为x0、厚度不计、能接收带电粒子的薄金属板P（粒子一旦打在金属板P上，其速度立即变为0）。现观察到沿x轴负方向射出的粒子恰好打在薄金属板的上端，且速度方向与y轴平行。不计带电粒子的重力和粒子间相互作用力，则下列说法正确的是（）mvA.磁感应强度B2qx0mvB.磁感应强度Bqx0第7页/共19页学科网（北京）股份有限公司C.打在薄金属板右侧面与左侧面的粒子数目之比为1：2D.打在薄金属板右侧面与左侧面的粒子数目之比为2：1【答案】C【解析】【详解】AB．由左手定则可以判断带电粒子在磁场中沿顺时针方向做匀速圆周运动，沿x负方向射出的粒子恰好打在金属板的上方，如图所示由几何关系可知Rx0由洛伦兹力提供向心力mv24qBvR联立解得mvB4qx0故AB错误；CD．当打在右侧下端的临界点，如图所示圆心O″与坐标原点和薄金属板下端构成正三角形，带电粒子速度方向和x轴正方向成150°角，结合A选项中图可知，沿与-x方向夹角范围为0~30°角发射的粒子打在薄金属板的右侧面上；当带电粒子打在金属板左侧面的两个临界点，如图所示第8页/共19页学科网（北京）股份有限公司圆心O′与坐标原点和薄金属板下端构成正三角形，带电粒子速度方向和x轴正方向成30°角，可知沿与x正方向夹角范围为30~90°角发射的粒子打在薄金属板的左侧面上，则打在薄金属板右侧面与左侧面的粒子数目之比为n30o11on2602故C正确，D错误。故选C。10.如图所示，水平导体棒ab的质量m0.1kg长L=1m电阻Rab0.25其两个端点分别搭接在竖直平行正对放置的两光滑金属圆环上，两圆环半径均为r=1m，电阻不计。阻值R=0.25Ω的电阻用导线与圆环相连接，理想交流电压表V接在电阻R两端。整个空间有磁感应强度大小为B=1T、方向竖直向下的匀强磁场。导体棒ab在外力F作用下以速率v1m/s绕两圆环的中心轴OO'匀速转动。t0时，导体棒ab在圆环最低点。重力加速度为g10m/s2，下列说法正确的是（）A.导体棒中的电流i2cos（tA）2B.电压表的示数为V2C.从t0到0.5πs的过程中通过R的电量为2CD.从t0到0.5πs的过程中外力F做功为0.5J【答案】AC【解析】【详解】A．导体棒ab在圆环最低点时，速度v垂直与磁感线，有效切割速度最大，感应电动势为最大值EmBLv1V感应电流最大值为EmIm2ARabR设经过时间t导体棒速度与磁感线夹角为第9页/共19页学科网（北京）股份有限公司vttr此时导体棒有效切割速度为vvvcosvcostr在导体棒中电流随时间变化规律为iImcos2cost(A)故A正确；B．电压表示数为电阻R两端电压有效值，则R1Em2UREVRabR224故B错误；C．导体棒圆周运动的周期为2πrT2πsv0.5πs等于周期的四分之一，则在0~0.5πs时间内通过R的电量为ΔΦBLr1qRq总C2CRRabRRab0.5故C正确；D．根据能量守恒定律可知，从t=0到0.5πs的过程中外力F做功等于导体棒增加的重力势能与电路产生的焦耳热之和