{#{QQABSYSQggAgAAJAAAgCQQXyCAGQkhAACYgOhAAMIAAByBNABAA=}#}{#{QQABSYSQggAgAAJAAAgCQQXyCAGQkhAACYgOhAAMIAAByBNABAA=}#}{#{QQABSYSQggAgAAJAAAgCQQXyCAGQkhAACYgOhAAMIAAByBNABAA=}#}高二物理卷参考答案C.【答案】1B.【答案】2C【解析】从运动轨迹的弯曲方向可判定粒子受力方向沿电场方向故粒子带正电但无法判定粒,,子是从ab还是ba故错误→→,A;作出过a点和过b点的等势线可知φbφa故错误>,B;粒子带正电在a点电势能小于在b点电势能由能量守恒知在a点动能大于在b点动能故,,,C正确;a点处电场线密场强大故加速度大故错误,,,D。.【答案】3A【解析】电动机两端电压UEIr电动机消耗的电功率为PUI=-=43V,==215W,电动机自身内阻热功率为PrI2r故输出的机械功率为P机PPr=0=50W,=-=165W。.【答案】4C【解析】小球在N点合力为零库仑斥力等于重力分量与摩擦力之和故错误,,A;到达P点前库仑斥力小于重力分量和摩擦力和但无法判断库伦斥力是否小于重力分力小球,,能否下滑无法判断故错误,B;小球从M到P库仑力一直做正功电势能一直减小故正确,,C;机械能变化要看库仑力与摩擦力的合力做功由于库仑力一直减小无法判断后期是否做正功,,,故错误D。.【答案】5A【解析】图甲可以分成两个四分之一的圆环在圆心产生的场强的合场强为E而这两个四分之,一分别产生的场强成°夹角根据平行四边形定则单个四分之一圆环产生的场强为2E图90,,,2乙在圆心产生的库仑力可以等效为三个四分之一的圆环产生合场强而关于圆心对称的两个四,分之一圆环在圆心的合场强为零所以剩余的四分之一的圆环在圆心产生的场强但图乙圆环的,,电荷线密度是图甲的倍故四分之一的圆环在圆心产生的场强为E2,2。.【答案】6D【解析】液滴受到的电场力方向竖直向上但电容器内电场方向未知故无法判断电荷正负,,,A错误;断开电容器放电液滴向下运动错误S1,,,B;电场强度不变液滴保持静止状态错误,,C;Ud由电场E可知此时加速度为a1g运动时间满足1d1at2得到时间为t=d=,==a=3422高二物理卷参考答案第页(共页)C14{#{QQABSYSQggAgAAJAAAgCQQXyCAGQkhAACYgOhAAMIAAByBNABAA=}#}d3正确g,D。2.【答案】7【解析】C只要紧靠上极板的颗粒能够落到收集板右侧颗粒就能够全部收集,,U水平方向有Lvt竖直方向有d1at2qEma又E联立解得两金属板间的电压为=0;=,=。=d,2d2mv2U20=qL2=1600V。若电压为则粒子在电场中的偏移量只有上述过程的一半错误800V,,A、B;d2mv2根据U20可知若板长增大为原来的两倍则所需的最小电压只有原来的1正确=qL2,,,C;4若进入的初动能变小则灰尘颗粒全部被收集所需要的电压最小值会变小错误,,D。.【答案】8【解析】D上升过程中电场力一直做正功机械能一直增大错误,,A;mg从开始至最右侧qEL°mgL°解得E3错误:sin60=(1-cos60,=q,B;3WmgL°mgL电场力做正功等于重力势能的增加故U(1-cos60)错误,=q=q=q,C;2细线与竖直方向夹角为°时拉力达到最大30,从开始至摆动°过程中qEL°mgL°1mv230,sin30-(1-cos30)=,2v2沿绳方向受力Tmg°qE°m可得Tmg正确:-(cos30+cos60)=L,:=23-1,D。.【答案】9BD【解析】两个圆环在O处场强方向均向左合场强不为零错误,,A;左侧圆环在O处场强为零右侧圆环在O处场强为零左右圆环分别在O和O两点的场强1、2,21相同故正确,B;OO之间电场方向向左但O右侧和O左侧一小段方向也向左故错误1、2,21,C;O的右侧圆环电场方向向右与左侧圆环电场方向相反某位置和场强为零时速度最大故2,,,D正确。.【答案】10BC【解析】对A分析如图FαmgθFFαmgθ,1,ABcos=Asin,NA=ABsin+Acos,故可得到间斥力逐渐减小斜面对的支持力逐渐减小,对分析AB如图AAB,2,FFθmmgFfFθfμFNB+NAcos=(A+B),=+NAsin,=NB,计算可得FmmgFθFμmmg:NB=(A+B)-NAcos,=(A+B),所以受到的滑动摩擦力逐渐增大而F保持不变B。高二物理卷参考答案第页(共页)C24{#{QQABSYSQggAgAAJAAAgCQQXyCAGQkhAACYgOhAAMIAAByBNABAA=}#}.分11(8)【答案】分红表笔分黑表笔分分S(2)(2)(2)×1k(2).分12(10)【答案】...均可分.分(1)1050(1048—1052)(1)4275(1)不合理分写成.亦可得分分(3)(2)0~4(0~40)(2)bbd2分π分(4)a(2)La(2)4【解析】千分尺读数(1):1mm+5.0×0.01mm=1.050mm,游标卡尺读数:42mm+15×0.05mm=42.75mm。多用表粗测圆柱体电阻为使用分压式电路所用滑动变阻器阻值远小于待测电阻电(3)120Ω,,压变化会更均匀故选R更合理,2。b图丁的纵坐标与横坐标物理量即为圆柱体电压与电流故图线斜率即为圆柱体内阻R(4),=a,d2RπLRS·bd2由电阻定律得Rρρ4π=S,=L=L=La。4.分13(10)【解析】由电路的连接特点可知I干I分(1)=2=2A…………………………………………1U总电阻R总.分=I干=45Ω………………………………………………………………………2故R电压表电压为分=3Ω,6V…………………………………………………………………2根据电路连接方式可知总电阻(2)R总分2=2Ω………………………………………………………………………………………2干路中电流I干.分2=45A………………………………………………………………………2电流表读数为分3A………………………………………………………………………………1.分14(14)【解析】左侧电场中速度从增加到v平均速度为v1v分(1)0,=…………………………12d时间为t2分1=v…………………………………………………………………………………1d右侧电场中的运动时间t4分2=v………………………………………………………………1t故11分t=…………………………………………………………………………………………222在左侧电场中d1at2分(2)=11…………………………………………………………………12右侧电场中沿电场方向1d1at2分=22…………………………………………………………122qE左侧电场中a分1=m……………………………………………………………………………1qE'右侧电场中a分2=m……………………………………………………………………………1高二物理卷参考答案第页(共页)C34{#{QQABSYSQggAgAAJAAAgCQQXyCAGQkhAACYgOhAAMIAAByBNABAA=}#}E可得E'分=……………………………………………………………………………………18d由动能定理可得qEdqE'1mv2分(3):+=…………………………………………………222qEdv17分=m……………………………………………………………………………………28.分15(16)小球从O至A点过程(1)qUOA1mv2A1mv2分=-0…………………………………………………………………………122mgd可得UOA8分=q………………………………………………………………………………1.mgdqUOB1mv2B1mv2分35+=-0……………………………………………………………222.mgd可得UOB35分=q……………………………………………………………………………1UOAmg在x方向上电场强度分量Ex2分(2):=OA=q………………………………………………2UOBmg在y方向上电场强度分量Ey分:=OB=q……………………………………………………2mg可得EEx2Ey25分:=+=q…………………………………………………………………1由可得F合xmg分(3)(2)=2……………………………………………………………………1F合ymgqEymg分=+=2…………………………………………………………………………1电场力和重力合力方向斜向下方与x轴正方向夹角为°分,45………………………………2故vv°gd分min=0cos45=………………………………………………………………………2注其他解法合理亦可【:】。高二物理卷参考答案第页(共页)C44{#{QQABSYSQggAgAAJAAAgCQQXyCAGQkhAACYgOhAAMIAAByBNABAA=}#}