六五文档>基础教育>试卷>2023年普通高等学校招生全国统一考试数学风向卷(二)【新高考专用】(教师版)
2023年普通高等学校招生全国统一考试数学风向卷(二)【新高考专用】(教师版)
格式:docx页数:9页大小:215.5 K上传日期:2023-11-22 23:24浏览次数:359 侵权/举报

机密启用前 姓名准考证号2023年普通高等学校招生全国统一考试数学风向卷(二)注意事项:答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本卷上无效。考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.已知集合M={x|x≤m},N=x|y=1x2−3x−4.若M∪N=R,则实数m的取值范围是( )A.[-1,+∞) B.[4,+∞) C.(-∞,-1] D.(-∞,4]【答案】B 【详解】本题考查函数的定义域、根据集合的并集运算求参数的范围.N={x|x2-3x-4>0}={x|x<-1或x>4},则由M∪N=R,得m≥4,故选B.【一题多解】若m=-1,则0∉M,又0∉N,所以M∪N≠R,故排除A,C,D,故选B.2.设i为虚数单位,复数z0在复平面内对应的点为Z0(1,2),且z0·z=3+i,则|z|=( )A.1 B.2 C.3 D.2【答案】B 【详解】本题考查复数的运算及几何意义、复数模的运算.由题意知z0=1+2i,所以z=3+iz0=3+i1+2i=3+i1−2i1+2i1−2i=5−5i5=1-i,所以|z|=12+−12=2,故选B.【一题多解】由题意知|z0|=5,所以由z0·z=3+i,得|z0|·|z|=|3+i|,即5|z|=10,即|z|=2,故选B.3.已知a2+2an的展开式中最后三项的二项式系数之和为16,则展开式中a4的系数为( )A.20B.40C.60D.80【答案】B 【考点】二项式定理及其应用【详解】由二项式系数的性质可知,最后三项的二项式系数之和与前三项二项式系数之和相等,即Cn0+Cn1+Cn2=16,即1+n+nn−12=16,整理得n2+n-30=0,解得n=5或n=-6(舍去).二项展开式的通项Tr+1=C5r(a2)5-r2ar=C5r2ra10-3r,令10-3r=4,解得r=2,所以a4的系数为C5222=40,故选B.4.某新能源汽车生产公司,为了研究某生产环节中两个变量x,y之间的相关关系,统计样本数据得到如下表格:xi2023252730yi22.4334.6由表格中的数据可以得到y与x的经验回归方程为y=14x+a,据此计算,下列选项中残差的绝对值最小的样本数据是( )A.(30,4.6)B.(27,3)C.(25,3)D.(23,2.4)【答案】C 【考点】回归分析【详解】由题表中的数据可知,x=15×(20+23+25+27+30)=25,y=15×(2+2.4+3+3+4.6)=3,点(25,3)在经验回归直线y=14x+a上,故a=-134,则y=14x-134.当x=30时,y=4.25,残差的绝对值为0.35;当x=27时,y=3.5,残差的绝对值为0.5;当x=25时,y=3,残差的绝对值为0;当x=23时,y=2.5,残差的绝对值为0.1.故选C.5.已知数列{an}是公差为2的等差数列,且a2为a1,a3+1的等比中项,则数列{an}的前10项和为( )A.88B.108C.130D.154【答案】C 【考点】数列的基本概念与等差数列的求和公式【详解】依题意可知,a22=a1·(a3+1),即(a1+2)2=a1·(a1+4+1),解得a1=4,则其前10项和S10=10×4+10×92×2=130.故选C.【一题多解】依题意,a22=(a2-2)·(a2+3),解得a2=6,a9=a2+7d=6+14=20,则其前10项和S10=10a1+a102=10a2+a92=130.6.已知α∈(0,π),且3cos2α+11=16cosα,则sin2α=( )A.-459B.259C.-259D.459【答案】D 【详解】本题考查三角恒等变换.由3cos2α+11=16cosα,得3(2cos2α-1)-16cosα+11=0,即3cos2α-8cosα+4=0,解得cosα=2(舍去)或cosα=23.∵α∈(0,π),∴sinα=1−cos2α=1−232=53,故sin2α=2sinαcosα=459.故选D.7.已知平面向量a,b,c满足|b|=|c|=b·c=2,且(b-a)⊥(a-3b),则|a-c|的最大值为( )A.-3+4B.3+4C.23-2D.23+2【答案】D 【考点】平面向量的数量积以及模的运算【详解】因为|b|=|c|=b·c=2,所以cos〈b·c〉=b·c|b||c|=12,所以向量b,c的夹角为π3.不妨设OA→=a,OB→=b,OC→=c,以O为坐标原点,OC→为x轴正方向建立平面直角坐标系(图略),则C(2,0),B(1,3)或B(1,-3),设A(x,y),当B点坐标为(1,3)时,因为(b-a)⊥(a-3b),所以(b-a)·(a-3b)=0,即(1-x,3-y)·(x-3,y-33)=0,即(x-2)2+(y-23)2=4,所以A点轨迹是以(2,23)为圆心,半径为2的圆,所以|a-c|的最大值为2−22+23−02+2=23+2,同理,当B点坐标为(1,-3)时,|a-c|的最大值为23+2.故选D.8.已知F1,F2分别为双曲线C:x2a2-y2b2=1(a>0,b>0)的左、右焦点,经过点F2的直线l与C的左、右两支分别交于A,B两点,D为线段AB的中点,且F1D⊥l,4|F2B|=|AB|,则双曲线C的离心率为( )A.72B.3C.142D.2【答案】C【分析】连接AF1,BF1F1D⊥lD为线段AB的中点――→|AF1|=|BF1|根据双曲线定义――→|BF1|=t+2a,|AF1|=5t-2a→|F1D|=5a→5a2+9a2=4c2→e=142【考点】双曲线的几何性质、直线与双曲线的位置关系【详解】依题意,不妨设4|F2B|=|AB|=4t(t>0),连接AF1,BF1(图略),因为D为线段AB的中点,且F1D⊥l,所以|AF1|=|BF1|.由双曲线定义可得|BF1|=t+2a,|AF1|=5t-2a,所以t+2a=5t-2a,解得t=a.在Rt△F1DB中,|F1D|=|BF1|2−|DB|2=5a,在Rt△F1DF2中,|F1D|2+|DF2|2=|F1F2|2,即5a2+9a2=4c2,所以离心率e=142,故选C.二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分。9.下列不等式成立的是( )A.log2(sin1)>2sin1B.1π2<π12C.7-5<6-2 D.log431,∴log2(sin1)<2sin1,故A错误;对于B,∵1π2<1π0=1,π12>π0=1,∴1π2<π12,故B正确;对于C,∵7-5=27+5,6-2=26+2,且7+5>6+2,∴7-5<6-2,故C正确;对于D,∵log34=log33+log343=1+log343,log56=log55+log565=1+log565,又log343>log365=log565log53>log565,∴log34>log56,则1log34<1log56,∴log430)的最小正周期,且T∈(2,3),函数在x=3π2处取得最大值3,则( )A.b=3B.f(x)的最小正周期为4π5C.f(x)在0,π5上单调递减D.将函数f(x)的图像向左平移π10个单位长度,再向下平移2个单位长度后与函数y=-sin52x的图像重合【答案】BCD 【考点】三角函数的图像及其性质【详解】对于A选项,依题意,因为函数在x=3π2处取得最大值3,所以b=2,所以A选项不正确;对于B选项,由3π2ω+π4=2kπ,k∈Z,得ω=4k3-16,k∈Z,又T∈(2,3),所以ω∈2π3,π,所以ω=52,所以f(x)=cos(52x+π4)+2,函数f(x)的最小正周期为2π52=4π5,所以B选项正确;对于C选项,当x∈0,π5时,52x+π4∈π4,3π4,函数f(x)单调递减,所以C选项正确;对于D选项,将f(x)的图像向左平移π10个单位长度得y=cos[52(x+π10)+π4]+2=cos52x+π2+2=-sin52x+2的图像,再向下平移2个单位长度后得y=-sin52x的图像,所以D选项正确.11.已知圆C:x2+y2-2xcosθ-2ysinθ-3=0,θ∈R,则( )A.圆C与圆x2+y2=1相内切B.直线xcosα+ysinα-3=0(α∈R)与圆C相离C.圆C上到直线x+y=0的距离等于2的点只有两个D.过直线x+y=42上任一点M作圆C的切线,切点分别为E,F,则四边形MECF面积的最小值为25【答案】ACD 【考点】直线与圆的位置关系、圆与圆的位置关系【详解】对于A选项,依题意,圆C的标准方程为(x-cosθ)2+(y-sinθ)2=4,θ∈R,圆心C(cosθ,sinθ),半径为2,而圆心C的轨迹为单位圆x2+y2=1,所以圆C与圆x2+y2=1相内切,所以A选项正确;对于B选项,圆心C(cosθ,sinθ)到直线xcosα+ysinα-3=0(α∈R)的距离d=|cosθcosα+sinθsinα−3|cos2α+sin2α=|cos(θ-α)-3|∈[2,4](提示:通过圆心到直线的距离及圆的半径判断直线与圆的位置关系),当d=2时,直线与圆C相切,所以B选项不正确;对于C选项,圆心C(cosθ,sinθ)到直线x+y=0的距离d′=|cosθ+sinθ|2=|sinθ+π4|∈[0,1],则圆C上到直线x+y=0的距离等于2的点只有两个,所以C选项正确;对于D选项,四边形MECF的面积S=2S△MEC=2×12×|EC|×|ME|=2|ME|,又|ME|=|MC|2−|CE|2=|MC|2−4,|MC|=|cosθ+sinθ−42|2=2sinθ+π4−422=|sin(θ+π4)-4|∈[3,5],所以|MC|min=3,所以四边形MECF的面积的最小值为2|ME|=232−4=25,所以D选项正确.12.已知球O的表面积为36π,正四棱锥S-ABCD的顶点均在球O的表面上,设AB=a,则( )A.当a=32时,正四棱锥S-ABCD的侧面积为183B.当a=32时,正四棱锥S-ABCD的侧面与底面所成角的正切值为22C.当a∈[2,32]时,正四棱锥S-ABCD的体积的最小值为2-423D.当a∈[2,32]时,正四棱锥S-ABCD的体积的最大值为18【答案】AC【分析】球O的表面积为36π→球O的半径R=3→设正四棱锥S-ABCD的高为h→对于A选项和B选项,可以直接求得其侧面积以及侧面与底面所成角的正切值;对于C选项和D选项,对球心的位置进行分类讨论,再根据体积的函数表达式,通过导数求得最值 【考点】正四棱锥及其外接球【详解】设球O的半径为R,则4πR2=36π,解得R=3,设正四棱锥S-ABCD的高为h.对于A选项和B选项,AB=a=32,所以BD=6,即为球O的直径,此时球心O即为正方形ABCD的中心,此时侧棱长SA=32,即正四棱锥侧面是边长为32的正三角形,所以正四棱锥S-ABCD的侧面积为4×34×(32)2=183.取AB的中点E,连接SE,OE,SO(图略),易知∠SEO即为正四棱锥S-ABCD的侧面与底面所成角的平面角,tan∠SEO=SOOE=3322=2,所以A选项正确,B选项不正确.对于C选项和D选项,当正四棱锥S-AB

¥8/¥4VIP会员价

优惠:VIP会员免费下载,付费下载最高可省50%
注:已下载付费文档或VIP文档再次下载不会重复付费或扣除下载次数
购买VIP会员享超值特权
VIP专享免费下载,付费文档最高省50%
免费下载
付费折扣
身份标识
文档工具
限时7.4元/月购买VIP
全屏阅读
退出全屏
放大
缩小
扫码分享
扫一扫
手机阅读更方便
加入收藏
转PDF
付费下载 VIP免费下载

帮助
中心

联系
客服